多面体亏格修改(2)
2021国考新大纲 三视图、截面图、立体拼合解题技巧 (讲义 笔记)
三视图、截面图、立体拼合解题技巧(讲义)启智职教的店一、三视图1.下面四个选项中,符合左边立体图形的俯视图和左视图的是:2.左边为给定的立体图形,右边哪项是该立体图形的俯视图和主视图?3.左图为给定的多面体,从任一角度观看,下面哪一项不可能是该多面体的视图?4.请从所给的这几个选项中,选择最合适的一个填在问号处,使之呈现一定的规律:二、截面图1.从一个圆柱体中挖去一个圆柱体和一个圆锥体,得到的立体图形如左图所示。
则右边不可能是它的截面的是()。
2.左图给定的是在立方体中挖掉两个圆锥体的立体图形,将该立体图形从任一面剖开,右边哪一项不可能是该立体图形的截面?3.左图为给定的立体,从任意角度剖开,右边哪一项不可能是它的截面图?4.左图是给定的立体图形,将其从任一面剖开,右边哪一项不可能是该立体图形的截面?三、立体拼合1.正方形切掉一块后剩余部分如下图左侧所示,右侧哪一项是其切去部分的形状?2.下图所示的多面体为 20 个一样的小正方体组合而成,问①、②和以下哪个多面体可以组合成该多面体?3.下图为同样大小的正方体堆叠而成的多面体正视图和后视图。
该多面体可拆分为①、②、③和④共 4 个多面体的组合,问下列哪一项能填入问号处?三视图、截面图、立体拼合解题技巧(笔记)【注意】1.本节课讲解“空间类”中的三大题型,分别为三视图、截面图和立体拼合。
上述为国考近 5 年“空间类”考点分布及正确率统计,按照趋势,2020 年国考考查立体拼合的概率很大,剩余的 1 道题,截面图题的考频更高。
若为立体拼合和三视图的组合,2 道题可以做到全对。
若为立体拼合和截面图的组合,至少要对 1 道题,因为截面图题有一定难度。
2.对于每年必考的立体拼合而言,正确率很高,而 2019 年只有 40.29%的正确率,该题目本节课会进行讲解,讲解后基本能够全对,没有难度,不考查拼合,而是考查选项的技巧问题。
本节课要将重点放在截面图和立体拼合,三视图相对比较简单,节奏会偏快。
内切球与外接球常见解法
内切球与外接球常见解法内切球与外接球是数学里经典的概念,许多数学问题都涉及到了这两类球的概念,比如说圆锥曲线,并且内切球与外接球的解法也十分经典。
本文将会介绍内切球与外接球的常见解法。
一、内切球的解法1. 欧拉公式法欧拉公式告诉我们,对于任意一个凸多面体,其顶点数、棱数、面数之和等于2加上该凸多面体的亏格数。
因此,对于一个球体,其亏格数为2。
设内切球半径为r,球心到多面体某一个面的距离为d,则可以得到以下公式:r=(d1+d2+...+dn-nr)/(n-2)其中,d1、d2、...、dn为该面到球心的距离。
该公式适用于多面体的任何一个面。
2. 套路法对于任意一个多面体,在球心到多面体顶点的连线上,肯定会存在一个最小的球,使得该球完全包含了多面体的所有面。
这个球就是内切球。
通过套路法可求出内切球的半径。
首先取一个多面体面的中心点作为初始点,然后每次将该点沿着与之相邻的面的法线方向平移,并使点到多面体的距离为内切球半径。
当所有点到多面体距离之和最小时的内切球半径即为所求。
3. 向量法对于一个三角形,其内切球圆心为三角形的角平分线交点。
我们可以求出三角形的边向量和平面法向量,从而得到角平分线向量。
由角平分线乘以内切球半径即可得到内切球圆心坐标。
同理,对于多面体,内切球圆心为多面体一个面的平面角平分线交点。
二、外接球的解法1. 向量法对于一个三角形,其外接圆圆心为三角形的垂心和三边的交点。
由于垂心很难求得,我们通常使用法向量法求出外接球圆心。
首先求出三角形的边向量和平面法向量,然后将平面法向量沿着垂直三角形所在平面的方向延长,得到一个点P。
将点P连线到三角形三个顶点分别得到三个垂足,并将三个垂足连线求出其交点,即为外接圆圆心。
同理,对于多面体,通过面的法向量求得平面,然后将平面法向量沿着垂直多面体所在平面的方向延长,得到一个点P。
将点P连线到多面体任一面的一个顶点分别得到各个垂足,并将各个垂足连线求出其交点,即为外接球圆心。
高考数学复习点拨 “割补法”求解不规则几何体体积
“割补法”求解不规则几何体体积我们通常把不是棱柱、棱锥、棱台和圆柱、圆锥、圆台等的几何体,称为不规则几何体.而解决不规则几何体的方法,常用割补法,即通过分割或补形,将它变成规则的几何体.我们可以从不规则几何体的来源上,即它是由何种常见的几何体所截得的来分类.一、来自三棱柱的截体例1 如图1,正四面体A BCD -中,E F G H ,,,分别是棱AB AC BD CD ,,,的中点,求证:平面EFHG 把正四面体分割成的两部分几何体的体积相等.分析:显然正四面体被分割成的两部分都是不规则的几何体,因此我们可使用割补法来推导.那么我们应选择割,还是补呢?如果选择补,那么补成什么样子呢?显然只能是正四面体,这就说明我们应该选择割.证明:连结CE CG AG AH ,,,,左右两个不规则几何体都被分割成了一个四棱锥和一个三棱锥,如图1.易证左右的两个四棱锥的体积相等,两个三棱锥的体积也相等,于是两部分体积相等.当然此题还有其他的分割方法,比如分成一个三棱柱和一个三棱锥等,也同样好证.二、来自正方体的截体例2 如图2,已知多面体ABC DEFG -中,AB AC AD ,,两两互相垂直,平面ABC ∥平面DE F G ,平面BEF ∥平面A DGC ,2AB AD DC ===,1AC EF ==,则该多面体的体积为( )A.2 B.4 C.6 D.8解法一(割):如图3,过点C 作CH DG ⊥于H ,连结EH ,这样就把多面体分割成一个直三棱柱DEH ABC -和一个斜三棱柱BEF CHG -.于是所求几何体的体积为:DEH BEF V S AD S DE =⨯+⨯△△11212212422⎛⎫⎛⎫=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 解法二(补):如图4,将多面体补成棱长为2的正方体,那么显然所求的多面体的体积即为该正方体体积的一半. 于是所求几何体的体积为31242V =⨯=.三、来自圆柱的截体例3 如图5,如图5,一圆柱被一平面所截,已知被截后几何体的最长侧面母线长为4,最短侧面母线长为1,且圆柱底面半径长为2,则该几何体的体积等于_______.解法一(割):如图6,该几何体的体积等于下面的圆柱的体积与上面的圆柱体积的一半之和.下面的圆柱的高就是该几何体的最短侧面母线长1,而上面的圆柱的高为3. 于是所求几何体的体积为221π212310π2V =⨯⨯+⨯⨯⨯=. 解法二(补):如图7,将一个与已知的几何体完全相同的几何体,与已知的几何体拼在一起组成一个高为5的完整圆柱,那么所求几何体的体积就是这个大圆柱体积的一半.于是21π2510π2V =⨯⨯⨯=。
北师大版数学(理科·重点生)高考专题辅导课件: 学通考场解题常用12术第6术 蹊径可辟 分割补形
设 H 为 AD 的中点,连接 MH,则 MH⊥AD, 2 且 MH= AM -AH = , 2
2 2
1 2 ∴S△ADM= AD· MH= . 2 4 ∴VABCDEF=2VEADM+VADMBCN 1 2 1 2 2 =2× × × + ×1= . 3 4 2 4 3
法二: 如图, 取 EF 的中点 G, 连接 GA, GB,GC,GD,则三棱锥 EADG 与三棱锥 GBCF 都是棱长为 1 的正四面体,易求得 1 3 6 2 VE× = , ADG=VGBCF= × 3 4 3 12 又四棱锥 GABCD 的底面是边长为 1 的正方形,且侧棱长为 1. 2 1 2 2 易求得其高为 ,则 VG= , ABCD= ×1×1× 2 3 2 6 2 2 2 所以 VABCDEF=2VE+ = . ADG+VGABCD=2× 12 6 3
[例2] 如图,在多面体 ABCDEF 中, 已知四边形 ABCD 是边长为 1 的正方形, 且△ADE, △BCF 均为正三角形, EF∥AB, EF=2,则多面体的体积为 2 A. 3 4 C. 3 ( )
3 B. 3 3 D. 2
[解析]
法一:如图,在 EF 上取点 M,
1 N,使 EM=FN= ,连接 MA,MD,NB, 2 NC, 则 MN=1, 三棱柱 ADMBCN 是直三棱 3 柱,DM=AM= AE -EM = . 2
第
6
术
蹊径可辟 分割补形
方 法 概 述
应 用 题 型
所谓割补法就是把一个复杂面积或体积的计算分割成 若干个简单图形的有关计算或将一个不易求出面积或 体积的几何图形补足为较易计算的几何图形.也就是 将复杂的或不熟悉的几何图形转化为简单的熟悉的几 何图形或几何体.例如,把曲边形割补成规则图形、 把斜棱柱割补成直棱柱、把三棱柱补成平行六面体、 把三棱锥补成三棱柱或平行六面体、把多面体切割成 锥体(特别是三棱锥)、把不规则的几何体割补成规则 的几何体,从而把未知的转化为已知的、把陌生的转 化为熟悉的、把复杂的转化为简单的、把不够直观的 转化为直观易懂的 在解决几何问题过程中,割补法是一种常用的方 法.无论是平面几何、解析几何、还是立体几何,适 时使用割补法,能帮助我们找到问题的突破口,把问 题放到特殊的几何图形中,借助特殊图形分析问题, 有时会柳暗花明,事半功倍
多面体三视图的还原策略
探索篇•方法展示直观想象作为高中数学学科核心素养之一,在教学中期望进一步发展学生几何直观和空间想象能力。
学好三视图的还原有助于提高学生的空间想象能力和综合分析能力。
同时,三视图还原一直是高考的重点和难点。
本文针对大部分同学不擅长的多面体还原给出还原直观图的方法,让学生有迹可循,进而达到落实数学核心素养的目的。
根据三视图的基本概念和投影规律,并结合教学经验给出如下多面体三视图还原的操作步骤:1.确定载体。
根据三视图确定几何体的载体为长方体还是正方体。
2.消线定点。
根据正、俯、侧视图删除不需要的线(或用其他颜色标出表明多面体的顶点不能落在此线上),确定需要的顶点。
3.成图检验。
连接顶点,检验还原后的几何体和已知三视图是否对应。
例1将如图1-1所示的三视图还原成几何体。
步骤1:根据三视图的长、宽、高确定载体为正方体,见图1-2。
步骤2:根据正视图,删除不需要的线,见图1-3;根据俯视图,删除不需要的线,见图1-4。
根据侧视图,删除不需要的线,见图1-5;根据侧视图,确定多面体的顶点,见图1-6。
步骤3:连线成图并检验,明确几何体为三棱锥E-BCC ’,见图1-7。
AAA'D'C'DDD'C'C'B B CC CBB CC'D'DBCC'BCC'E EB'图1-2图1-3图1-4图1-5图1-6图1-7例2将如图2-1所示的三视图还原成几何体。
步骤1:根据三视图的长、宽、高确定载体为正方体,见图2-2。
步骤2:根据正视图,删除不需要的线,见图2-3;根据俯视图,删除不需要的线,见图2-4;根据侧视图,确定多面体的顶点,见图2-5。
步骤3:连线成图并检验,明确几何体为三棱锥B-DD ’C ’,见图2-6。
A A'D'C'D DD'C'C'B CCCBB CC'D'DB C'A B'DD'B DD'图2-2图2-3图2-4图2-5图2-6例3将如图3-1所示的三视图还原成几何体。
多面凹字公式
多面凹字公式多面凹字是由多个平面共同组成的凹形字体,它能够通过调整各个平面的位置和角度来产生独特的视觉效果。
在设计多面凹字时,有一些数学公式和原理可以参考,帮助设计师创建出独具特色的字体。
1. 三维几何中的坐标系:多面凹字基于三维空间的几何形状,因此,设计师需要了解三维坐标系以及相关的数学公式。
三维坐标系由X、Y、Z三个轴组成,在字体设计中可以根据需要旋转和移动各个平面。
2. 旋转矩阵和平移矩阵:旋转矩阵和平移矩阵是描述三维空间中平面旋转和平移的数学工具。
通过调整旋转矩阵的参数,可以实现字体平面的旋转效果。
通过调整平移矩阵的参数,可以实现字体平面的平移效果。
3. 透视投影:透视投影是指将三维物体投影到二维平面上的过程。
在多面凹字设计中,设计师可以应用透视投影的原理,使得字体的各个平面在二维平面上的位置和角度与实际空间中的位置和角度相符。
4. Bezier曲线:Bezier曲线是一种常用的数学曲线,它可以用于在平面上绘制光滑的曲线。
在多面凹字的设计中,可以使用Bezier曲线来刻画字体各个平面的边界,并实现平滑的过渡效果。
5. 线性代数:线性代数是研究向量空间和线性方程组的数学分支。
在多面凹字设计中,设计师经常需要解决线性方程组来求解各个平面的位置和角度。
6. 数字图形学:数字图形学是研究计算机图形学的数学和计算方法。
在多面凹字的设计中,设计师可以借助数字图形学的知识,使用合适的算法和数据结构来实现字体的绘制和渲染。
综上所述,设计多面凹字需要综合应用三维几何、线性代数、数字图形学等数学原理和工具。
通过合理运用这些数学公式和原理,设计师可以实现独特而美观的多面凹字效果。
多面体变变变教案
(1)需提出增添附加物的做法是在多面体做成后,再将附加物加贴上去的。
(2)挖去一部分或切折,压印都必须在展开图上先做好,然后再把展开图折叠成多面体。
四、做一做。
1、学生制作有变化的多面体(先确定做哪种多面体,再考虑用什么方法)。
2、教师巡视,帮助有困难的小组。
五、学习评价
组织学生自评或互评,从掌握要领,外形美观,创新精神三方面对作品进行全面的评价。
师:同学们可以拿出身边的三角板在桌面上试着摆一摆
生:自己摆弄
师:谁愿意上来展示自己的创意(投影)
师:能将你拼成的图形画下来吗?提醒:我们的这次绘图很轻松,不需要用到直尺、圆规很制图工具,只要用你手里的三角模板就行了。
生:自己绘图
师:你们的设计初步出来了,(出示没有粘贴面的作品),可是要将他做成一个完整的多面体,(出示有粘贴面的作品)还需要设计什么?
六、总结
今天通过自己的设计和创意制作了精美的盒子,这个方法的学习为我们日后的生活提供了很大的方便,以后需要用盒子的时候,别忘了自己动手!
教学资源
中国手工网:http://www.diபைடு நூலகம்
苏州工业园区星海小学集体备课教案(修改稿)
备课组劳技备课组长范菁菁主备教师郑艳
教材
九年义务教育全日制小学综合实践活动
——劳动与技术(五年制下册)
单元
第1单元
课题
多面体变变变
课时
第1课时
教学目标
1.利用平面图(等边三角形、正方形)制作有多变的多面体。
2.培养学生的想象能力和创新能力,协作精神。
设计意图
技术初步是引导学生步入技术世界,初步认识一些常见的材料和工具,习得一些操作技能的技术启蒙课程。模仿制作正是通向技术世界的最初的台阶,为帮助学生了解和熟悉制作方法,掌握一定的技能技巧,提高观察、分析解决问题的能力,提供了较便捷的途径。
贵州省黔南布依族苗族自治州(新版)2024高考数学人教版真题(培优卷)完整试卷
贵州省黔南布依族苗族自治州(新版)2024高考数学人教版真题(培优卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题已知非零向量满足,则()A.B.1C.D.2第(2)题已知函数,若与有三个公共点,则实数的取值范围是()A.B.C.D.第(3)题命题p:,,则为()A.,B.,C.,D.,第(4)题已知向量满足,且,则()A.B.C.D.第(5)题在中,内角的对边分别是,若,且,则()A.B.C.D.第(6)题有一圆柱状有盖铁皮桶(铁皮厚度忽略不计),底面直径为cm,高度为cm,现往里面装直径为cm的球,在能盖住盖子的情况下,最多能装()(附:)A.个B.个C.个D.个第(7)题半正多面体(semiregularsolid)亦称“阿基米德多面体”,是由边数不全相同的正多边形围成的多面体,棱长为的正方体截去八个一样的四面体,则下列说法错误的是()A.该几何体外接球的表面积为B.该几何体外接球的体积为C.该几何体的体积与原正方体的体积比为D.该几何体的表面积与原正方体的表面积之比为第(8)题如图,在△ABC中,M为线段BC的中点,G为线段AM上一点且,过点G的直线分别交直线AB、AC于P、Q两点,,,则的最小值为()A.B.1C.D.4二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题已知函数,的定义域均为,且满足,,,则()A.B.的图象关于点对称C.D.第(2)题已知,且,则下列说法中正确的有()A.B.C.D.第(3)题正方体表面正方形的对角线中存在异面直线.如果其中两条异面直线的距离为,那么正方体的体积可能是()A.B.C.D.三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题设函数则满足的x的取值范围是______.第(2)题已知函数,若,为的两个零点,则当取得最小值时,________.第(3)题某机械厂对一台自动化机床生产的标准零件尺寸进行统计发现,零件尺寸误差近似服从正态分布(误差单位),已知尺寸误差的绝对值在内的零件都是合格零件,若该机床在某一天共生产了个零件,则其中合格的零件总数为___________.附:随机变量服从正态分布,则,.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题从高二某班随机抽取6名同学,记为,、、、、,统计这6名同学的期中考试成绩,现将语文数学、英语(满分均为150分)三科的成绩制成下表:班级平均分语文115118124132117119数学136147123137145139英语129133131141139125134已知这6名同学语文分数的中位数是119分,数学分数的平均数是138.(1)求出,;(2)若一名同学的某学科分数与班级平均分的差大于等于5分,则称该学科为这位同学的一个“优势学科”.现从这6名同学中随机选择一人,记随机变量为该同学在语文、数学、英语三科中“优势学科”的个数,求的分布列和数学期望.第(2)题把底面为椭圆且母线与底面垂直的柱体称为“椭圆柱”.如图,椭圆柱中底面长轴,短轴长为下底面椭圆的左右焦点,为上底面椭圆的右焦点,为上的动点,为上的动点,为过点的下底面的一条动弦(不与重合).(1)求证:当为的中点时,平面(2)若点是下底面椭圆上的动点,是点在上底面的投影,且与下底面所成的角分别为,试求出的取值范围.(3)求三棱锥的体积的最大值.第(3)题已知等差数列的前项和为,,.(1)求及;(2)令,求数列的前项和.第(4)题已知函数是指数函数.(1)求的解析式;(2)若,求的取值范围.第(5)题已知椭圆的离心率为,左、右顶点分别为,圆与轴正半轴交于点,圆在点处的切线被椭圆截得的弦长为.(1)求椭圆的方程;(2)设椭圆上两点满足直线与在轴上的截距之比为,试判断直线是否过定点,并说明理由.。
多面体的割补与转化数学文化原卷版高考选择填空题精准靶心方案
“3+2”选择、填空题精准靶心方案18讲第12讲 多面体(如正四面体、长方体、正方体、正三棱柱、直三棱柱,包含个别不规则多面体)的图形、性质、割补、位置关系等的学习、转化、计算与证明,数学文化1.设P 为单位正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1的面对角线AB 1上的一点,则P A 1 + PC 1的最小值为( ) A .22+ B .222+ C .222- D .前三个答案都不对2.正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中,M ,N 分别为AB ,A 1B 1的中点,P 是边C 1D 1上的一个点(包括端点),Q 是平面PMB 1上一动点,满足∠MNA =∠MNQ ,则点Q 所在轨迹为( )A .椭圆B .双曲线C .抛物线D .抛物线或双曲线3.在△ABC 中,AC = 1,BC =3,AB = 2,设M 为AB 中点,现将△ABC 沿CM 折起,使得四面体B -ACM 的体积为122,则折起后AB 的长度可能为( )(多选题) A .1 B .2 C .3 D .24.如图,在正方体中,O 为底面的中心,P 为所在棱的中点,M ,N 为正方体的顶点,则满足MN ⊥OP 的是( )A .B .C .D .5.如图,己知正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1,M ,N 分别是A 1D ,D 1B 的中点,则( )A .直线A 1D 与直线D 1B 垂直,直线MN ∥平面ABCD B .直线A 1D 与直线D 1B 平行,直线MN ⊥平面BDD 1B 1C .直线A 1D 与直线D 1B 相交,直线MN ∥平面ABCD D .直线A 1D 与直线D 1B 异面,直线MN ⊥平面BDD 1B 16.如图,正四面体A -BCD 与三棱锥O -BCD 有一个面相同,三棱锥O -BCD 的侧棱两两互相垂直.给出下列四个命题:① OA ⊥平面BCD ; ② OB ∥平面ACD ;③ 直线AB 与OC 所成的角为45︒; ④ AB ⊥OD . 其中正确的命题是( ).A .①②B .③④C .①③D .②④7.考察正方体6个面的中心,甲从这6个点中任意选两个点连成直线,乙也从这6个点种任意选两个点连成直线,则所得的两条直线相互平行但不重合的概率等于( ).A .751B .752C .753D .7548.在正三棱柱ABC -A 1B 1C 1中,AB = AA 1 = 1,点P 满足 1BB BC BP μλ+=,其中λ∈[ 0,1 ],μ∈[ 0,1 ],则( )A .当λ = 1时,△AB 1P 的周长为定值B .当μ = 1时,三棱锥P -A 1BC 的体积为定值C .当21=λ时,有且仅有一个点P ,使得A 1P ⊥BPDBC AOD .当21=μ时,有且仅有一个点P ,使得A 1B ⊥平面AB 1P9.已知正方体的棱长为1,每条棱所在直线与平面α 所成的角都相等,则α 截此正方体所得截面面积的最大值为( ).A .433 B .332 C .423 D .2310.《九章算术》中,称底面为矩形而有一侧棱垂直于底面的四棱锥为阳马.设AA 1是正六棱柱的一条侧棱,如图,若阳马以该正六棱柱的顶点为顶点、以AA 1为底面矩形的一边,则这样的阳马的个数是( )A .4B .8C .12D .1611.一个圆锥形容器(甲)与一个半球形容器(乙),它们的开口圆的直径与高的尺寸如图所示(单位:dm ),若用甲容器取水注满乙容器,则至少要注水( )次.A .6B .8C .12D .1612.一个圆柱形容器的轴截面尺寸如图所示,将一个实心铁球放入该容器中,球的直径等于圆柱的高,现将容器注满水,然后取出该球(假设原水量不受损失),则容器中水面的高度为( ).A .153cmB .163cmC .173cmD .183cm13.如图所示,垂直于地平面竖立着一块半圆形的木板,并使太阳的光线 恰与半圆的直径AB 垂直,此时半圆板在地面的阴影是半个椭圆面.已知地面上阴影的面积与木板面积之比等于3,那么光线与地平面所成的角度是( ).12甲乙11ABA .15°B .30°C .45°D .60°14.设正圆锥母线长为5,高为h ,底面圆半径为r .当正圆锥的体积最大时,hr=( ). A .22B .1C .2D .315.一个盛满水的圆柱形容器,其底半径为1,母线长为3,将该容器在水平的桌面上平稳地倾斜使水缓慢流出,当容器中剩下的水为原来的32时,圆柱的母线与水平面所成的角等于( ). A .30︒ B .45︒ C .60︒ D .75︒16.四面体ABCD 沿棱DA ,DB ,DC 剪开,将面ADB ,面ADC 和面BDC 展开落在平面ABC 上,恰构成一个边长为1厘米的正方形AEGF (如图所示),则原四面体的体积是( )立方厘米.A .241B .181C .151D .12117.一个封闭透明的正四面体容器内装有水,正四面体的一个面放置在水平桌面时,体内水面高度为四面体高h 的21,现将它倒置使原底面平行于水平桌面此时水面的高度与h 的比值为( ). A .21B .223C .243D .27318.球面上有3个点,其中任意两点的球面距离都等于大圆周长的61,经过这三个点的小圆的周长为6π,那么球的表面积为( ).A .120πB .108πC .64πD .48πCAαEBD19.学生到工厂劳动实践,利用3D 打印技术制作模型.如图,该模型为长方体ABCD -A 1B 1C 1D 1挖去四棱锥O -EFGH 后所得的几何体,其中O 为长方体的中心,E ,F ,G ,H 分别为所在棱的中点,AB = BC = 6 cm ,AA 1 = 4 cm ,3D 打印所用原料密度为0.9 g∕cm 3.不考虑打印损耗,制作该模型所需原料的质量为 g .20.中国有悠久的金石文化,印信是金石文化的代表之一.印信的形状多为长方体、正方体或圆柱体,但南北朝时期的官员独孤信的印信形状是“半正多面体”(图1).半正多面体是由两种或两种以上的正多边形围成的多面体.半正多面体体现了数学的对称美.图2是一个棱数为48的半正多面体,它的所有顶点都在同一个正方体的表面上,且此正方体的棱长为1.则该半正多面体共有 个面,其棱长为 .21.已知圆锥的顶点为S ,母线SA ,SB 所成角的余弦值为87,SA 与圆锥底面所成角为45°,若△SAB 的面积为155,则该圆锥的侧面积为 .22.a ,b 为空间中两条互相垂直的直线,等腰直角三角形ABC 的直角边AC 所在直线与a ,b 都垂直,斜边AB 以直线AC 为旋转轴旋转,有下列结论:① 当直线AB 与a 成60°角时,AB 与b 成30°角; ② 当直线AB 与a 成60°角时,AB 与b 成60°角; ③ 直线AB 与a 所成角的最小值为45°; ④ 直线AB 与a 所成角的最大值为60°.其中正确的是 .(填写所有正确结论的编号)A BC E FG B 1 HOA 1D 1C 1D23.如图为一正方体,被一平面截出一个四边形ABCD,其中B,D分别为棱的中点,且EA:AF = 1:2,则cos∠DAB = .AEFBDC。
一种任意多面体剖分成四面体的改进算法
一种任意多面体剖分成四面体的改进算法李昌领;张虹;朱良峰【摘要】Facing the shortage of related original algorithm, necessary and sufficient conditions for detaching the convex space from its polyhedron completely are presented. The concepts of plane corner-cutting and space corner-cutting are introduced, which can make the algorithm simple and intuitive. When doing Delaunay triangula-tion for a space polygon, a perspective projection method is used, which can keep the topological structure and concavity-convexity of original space polygon and can ensure the rationality and correctness of Delaunay triangula-tion. Based on space correlation, an Oriented Bounding Box(OBB) for the adjacent points of a convex vertex is generated, which can exclude facets intersecting with the convex space and speed up polyhedron dividing. Finally an improved dividing algorithm is proposed and is of great value to related applications.%针对原相关算法中存在的不足,提出了凸顶点的凸空间从原多面体中完整剖分出去的充要条件.引入平面切角和空间切角的概念,使剖分思想更加直观、简化.对空间多边形进行Delaunay三角剖分时,充分考虑了凸空间的结构特点,采用了透视投影的思想,使投影后的平面多面形保持了原空间多边形的拓扑结构和顶点的凹凸性,保证了三角剖分的合理性、正确性.基于空间相关性的思想,对凸顶点的邻接点生成有向空间包围盒,快速排除与凸空间不相交的面,加快了多面体剖分的速度;最后给出了改进后的剖分算法,对相关应用有着极大的实用价值.【期刊名称】《计算机工程与应用》【年(卷),期】2012(048)025【总页数】5页(P20-23,38)【关键词】多面体剖分;四面体;有向包围盒;透视投影;平面切角;空间切角【作者】李昌领;张虹;朱良峰【作者单位】中国矿业大学环境与测绘学院,江苏徐州221008;中国矿业大学环境与测绘学院,江苏徐州221008;华东师范大学地理信息科学教育部重点实验室,上海200062【正文语种】中文【中图分类】TP391LI Changling,ZHANG Hong,ZHU Liangfeng.Improved algorithm for dividing arbitrary polyhedron into puter Engineering andApplications,2012,48(25):20-23.单连通域任意多面体剖分成四面体的问题,在计算机图形学、三维游戏设计与开发、地质体三维建模(尤其是真三维实体建模)、计算机辅助设计与制造、空间分析、空间计算、空间统计等方面起着基础作用,因而具有很强的理论价值和实用价值。
多面体的欧拉公式
多面体的欧拉公式在数学历史上有很多公式都是欧拉(Leonhard Euler)发现的,它们都叫做欧拉公式,分散在各个数学分支之中。
欧拉13岁进入瑞士巴塞尔大学读书,15岁获得学士学位,16岁又获得巴塞尔大学哲学硕士学位,轰动了当时的科学界。
但是,他的父亲却希望他去学神学。
直到小欧拉19岁时获得了巴黎科学院的奖学金之后,父亲才不再反对他读数学。
欧拉是一位创作性超群的数学家,后来从瑞士转赴俄国和德国工作,因此三个国家都声称他是本国的科学家。
有许多关于欧拉的传说。
比如,欧拉心算微积分就像呼吸一样简单。
有一次他的两个学生把一个复杂的收敛级数的17项加起来,算到第50位数字,两人相差一个单位,欧拉为了确定究竟谁对,用心算进行全部运算,最后把错误找了出来。
欧拉创作文章的速度极快,通常上一本书还没有印刷完,新的手稿就写好了,导致他的写作顺序与出版顺序常常相反,让读者们很郁闷。
而且,收集这些数量庞大的手稿也是一件困难的事情。
瑞士自然科学会计划出一部欧拉全集,这本全集编了将近100年,终于在上个世纪90年代基本完成,没想到圣彼得堡突然又发掘出一批他的手稿,使得这本全集至今仍未完成。
欧拉28岁时一只眼睛失明了,后来另一只眼睛也看不见了,据说是因为操劳过度,也有一说是因为观察太阳所致。
尽管如此,他仍然靠心算完成了大量论文。
下面来看看欧拉公式中最著名和优美的一个。
拓扑学的欧拉公式描述了多面体顶点(Vertex),边(Edge)和面(Face)之间的关系:V - E + F = X其中,V是多面体的顶点个数,E是多面体的棱的条数,F是多面体的面数, X是多面体的欧拉示性数(Euler characteristic)。
X是拓扑不变量,就是无论再怎么经过拓扑变形也不会改变的量,是拓扑学研究的范围。
X 的值依赖于几何物体的形态和曲面的取向。
可定向性——大部分我们在物理世界中遇到的曲面是可定向的。
例如平面,球面与环面是可定向的。
立体构成—几何多面体的变形
立体构成
几何多面体的变形
多面体变异 棱边处理
——本体变化 棱角处理
立体构成
第十六节 几何多面体(四)
棱面处理
多面体变异
——外接增形
多面体变异
无论是柏拉图多面体,还是阿基米德多面体,由于表面 具有平面几何形的数理性,若以此作为基本结构,对其表面、 棱边、棱角进行处理,多面体将呈现出更加多样的异形变化, 营造出更全新的视觉心理感受。
多面体变异——外接增形
是以多面体为基形,借以外借的方法将其它形态的立体 附在基形上,组构为一新形态的造型方式。所创造出的形态 呈现出明显的空间感、具有扩展、凝聚、舒展的感受。
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多面体变异——本体变化
就是在多面体的造型上直接进行加工,不除量,也不增 形。
棱边处理: 单线变复线:将多面体棱边处理为双线,这样形成了一个狭窄棱面,棱角由尖 锐变的平钝。 折痕线变形:将多面体原来的棱边折痕线变成曲线,幅度不宜过大,可使原来 严肃的形体变得优美起来。 棱边压屈:压屈部分的压幅不宜过大。 切挖:在棱边部位作直线或弧线切挖,切除部分的量,切挖的长度和面积不宜 过大。
棱角处理 切角:将多面体的棱角部分作直线或弧线切割,将角去掉。 角凹凸:将多面体外棱角进行折入或折入再凸出处理,折痕线可以处理为直线, 也可为弧线。
棱面处理 表面凹凸 一个完整的平面,如果不借助于重叠或切割的去掉一部分量,是无法 形成立体的。多面体的表面为多边形平面,我们只有将此多边形分为几个等大的角 面,设置折痕线,才有可能使平面折成凹入或突出的状态。
高中数学学习方法之割补法
高中数学学习方法之割补法一、单选题1.已知多面体ABC DEFG -中,AB ,AC ,AD 两两互相垂直,平面//ABC 平面DEFG ,平面//BEF 平面ADGC ,2AB AD ==,1AC EF ==,则该多面体的体积为( ) A .2B .4C .6D .82.如图所示,多面体ABCDEF 中,已知平面ABCD 是边长为3的正方形,//EF AB ,32EF =,EF 到平面ABCD 的距离为2,则该多面体的体积V 为( )A .92B .5C .6D .152二、解答题3.斜三棱柱111ABC A B C -中,侧面11BB C C 的面积为S ,且它与侧棱1AA 的距离为h ,求此三棱柱的体积.4.已知一个四面体的每个面都是以3、3、2为边长的锐角三角形,试求这个四面体的体积V .5.如图所示,已知直三棱柱111ABC A B C -中,222A B C 是用一平面截得的截面,且21AA h =,22BB h =,23CC h =,若ABC 的面积为S ,求证:介于截面与下底面之间的几何体的体积为()12313V S h h h =++.6.如图所示,已知平行六面体1AC ,E 是AB 中点,过11B D E 的截面11D B EF 把平行六面体分成两个部分,求左右两部分体积之比.参考答案1.B【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法 【分析】本题给出的是一个不规则几何体,分割成两个三棱柱或补成一个正方体,即可求出体积. 【详解】解法一(割):如图1所示,过点C 作CH DG ⊥于H ,联结EH , 把多面体分割成一个直三棱柱DEH ABC -和一个斜三棱柱BEF CHG -.于是所求几何体的体积为11212212422DEH BEF V S AD S DE ⎛⎫⎛⎫=⨯+⨯=⨯⨯⨯+⨯⨯⨯= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭△△.解法二(补):如图2所示,将多面体补成棱长为2的正方体. 显然,由对称性,所求的多面体的体积为该正方体体积的一半.于是所求几何体的体积为31242V =⨯=.故选:B 2.D【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法 【分析】方法一:连接EB ,EC ,AC ,由等体法可得12F EBC C EFB C ABE V V V ---==,再由E ABCD F EBCV V V --+=以及棱锥的体积公式即可求解;方法二:设G ,H 分别为AB ,DC 的中点,连接EG ,EH ,GH ,得三棱柱EGH FBC -,则3GH FBC B EGH V V --=,由E ABCD F EBC V V V --+=即可求解,方法三:延长EF 至点M ,使3EM AB ==,连接BM ,CM ,AF ,DF ,则多面体BCM ADE -为斜三棱柱,由F ADE F BCM V V --=,152BCM ADE F BCM V V V --=-=即可求解. 【详解】解法一:如图,连接EB ,EC ,AC ,则213263E ABCD V -=⨯⨯=.2AB EF =,//EF AB2EAB BEF S S ∆∆∴=.12F EBC C EFB C ABE V V V ---=∴=11132222E ABC E ABCD V V --==⨯=. E ABCD F EBC V V V --∴=+315622=+=. 解法二:如图,设G ,H 分别为AB ,DC 的中点,连接EG ,EH ,GH , 则//EG FB ,//EH FC ,//GH BC ,得三棱柱EGH FBC -,由题意得123E AGHD AGHD V S -=⨯1332332=⨯⨯⨯=, 133933332222GH FBC B EGH E BGH E GBCH E AGHD V V V V V -----===⨯==⨯=⨯,915322E AGHD EGH FBC V V V --=+=+=∴. 解法三:如图,延长EF 至点M ,使3EM AB ==,连接BM ,CM ,AF ,DF ,则多面体BCM ADE -为斜三棱柱,其直截面面积3S =,则9BCM ADE V S AB -=⋅=.又平面BCM 与平面ADE 平行,F 为EM 的中点, F ADE F BCM V V --∴=,2F BCM F ABCD BCM ADE V V V ---∴+=,即12933233F BCM V -=-⨯⨯⨯=,32F BCM V -∴=,152BCM ADE F BCM V V V --=-=∴. 故选:D 【点睛】本题考查了“割补法、等体法”求多面体的体积,考查了棱锥的体积公式,属于中档题. 3.12Sh【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法 【分析】解法一:以侧面11AAC C 为公共面补上一个三棱柱111ADC A D C -,使两个三棱柱拼成一个平行六面体1111ABCD A B C D -,然后以11BB C C 为底面求解;解法二:连接1AB 、1AC ,则截面11AB C 将此三棱柱分割成一个三棱锥111A A B C -和一个四棱锥11A BB C C -求解.【详解】解法一:如图所示:以侧面11AAC C 为公共面补上一个三棱柱111ADC A D C -,使两个三棱柱拼成一个平行六面体1111ABCD A B C D -,以11BB C C 为底面,则1AA 到平面11BB C C 的距离即为平行六面体的高.1AC V S h ∴=⋅平行六面体,故11111122ABC A B C AC V V S h -==⋅平行六面体.解法二:如图所示:连接1AB 、1AC ,则截面11AB C 将此三棱柱分割成一个三棱锥111A A B C -和一个四棱锥11A BB C C -.1113A BB C C V S h -∴=⋅,又//AC 平面111A B C ,1111111111132C A B A A B A C C CB C V V V Sh ---==⋅=∴11116C A A B V Sh -∴=. 故11111111111362ABC A B A BB C C A A C B C V V V Sh Sh Sh ---==+=+.4【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法 【分析】分别通过正面直接法、分割法以及补形法进行求解即可得解. 【详解】解法一(直接法):如图1所示,AE DB ⊥,CE DB ⊥,AO ⊥平面DBC ,在AEC △中,过点E 作EM AC ⊥,垂足为M,EC = 则由等面积法得EM AC EC AO ⋅=⋅,h AO ∴==故1112332V Sh ==⨯⨯⨯=解法二(分割法):如图1所示,AE DB ⊥,CE DB ⊥,AO ⊥平面DBC ,于是截面AEC 将原三棱锥分割成三棱锥D AEC -与三棱锥B AEC -,且DB ⊥平面AEC,容易算出122AEC S =⨯△故111()2333D ABC B ABC AEC AEC V V V S ED EB S DB --=+=⋅+=⋅==△△ 解法三(补形法):如图2所示,将三棱锥补形为一个长方体,设长方体的长、宽、高分别为x 、y 、z ,则2222222223,3,2,x y y z z x ⎧+=⎪+=⎨⎪+=⎩解得x y z ⎧=⎪⎪=⎨⎪=⎪⎩所求的体积41463V V V xyz xyz xyz =-=-==长方体三棱锥. 5.证明见解析【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法由于几何体222A B C ABC -是一个不规则的几何体,为求得其体积,采用分割或补形的方法来求解即可. 【详解】证法一(分割):为了讨论方便,不妨设123h h h ≤≤.如图所示. 可将几何体222ABC A B C -分割成一个小直三棱柱与两个三棱锥.过2A 作23//A B AB 交2B B 于3B ,过3B 作33//B C BC 交2C C 于3C ,联结23A C 、23B C , 则几何体222ABC A B C -被分割成:直三棱柱233ABC A B C -,三棱锥2233B A B C -,三棱锥2232A B C C -. 设BC x =,A 到BC 的距离为d ,则12S d =⨯,由于2331ABC A B C V Sh -=,()22332113B A BC V S h h -=- ()()2232232313111113323C C A B C B C V S d h h x d S h h -=⋅=⨯-⋅⋅=-△,故()2223322332232212313ABC A B ABC A B C B A B C A B C C V C V V V S h h h ----=++=++.证法二(补形):将几何体222ABC A B C -以ABC 为底面进行两次等几何体补形, 使侧棱的长均为123h h h ++,这样就将不规则的几何体补形为新的直三棱柱, 而原几何体的体积等于这个新直三棱柱体积的13,故()2221231133ABC A B C V V S h h h -==++新直三菱柱.6.7:17【来源】高中数学解题兵法 第六十四讲 割补法被截面11EFD B 分割成的左边的几何体是个三棱台,要求其体积,由于E 为中点,可补成锥体2111A A B D -,也即补上一个全等的平行六面体2222ABCD A B C D -就能迅速求解. 【详解】1B E 的延长线交12A A 延长线于2A ,由E 为AB 中点知A 为12A A 中点,联结21A D ,则21A D 和AD的交点必在F .作22A D AD ∥,22A B AB ∥,22D C DC ∥,即补上一个全等的平行六面体. 1112AE A B =, 2211118A AEF A AB D V V --∴=,111211178AEF A B D A A B D V V --∴=.又211122*********63A A B D A B C A B C ABC A B C V V V ---==1117124ABC A B C V V -⎛⎫∴=- ⎪⎝⎭左,:7:17V V ∴=右左.。
CAD中利用编辑命令进行几何体的修改
CAD中利用编辑命令进行几何体的修改CAD软件是设计师们常用的工具之一,它能够帮助设计师们进行各种几何体的绘制和修改。
使用编辑命令是CAD软件中常用的操作之一,通过编辑命令,设计师可以对绘制好的几何体进行修改和调整。
本文将介绍一些常见的编辑命令及其使用技巧,帮助读者掌握CAD中利用编辑命令进行几何体修改的方法。
1. 移动命令(Move Command)移动命令可以用于将几何体在图纸中的位置进行调整。
首先,选中需要移动的几何体,然后输入MOVE命令或点击工具栏中的移动图标。
接下来,按照提示选择基点(移动的起点),然后输入目标位置或选择目标位置,最后按下Enter键完成移动。
2. 复制命令(Copy Command)复制命令可以用于创建一个与原几何体完全相同的副本。
选中需要复制的几何体,输入COPY命令或点击工具栏中的复制图标。
然后,按照提示选择基点(复制的起点),输入目标位置或选择目标位置,最后按下Enter键完成复制。
3. 旋转命令(Rotate Command)旋转命令可以用于将几何体按照一定角度进行旋转。
选中需要旋转的几何体,输入ROTATE命令或点击工具栏中的旋转图标。
然后,按照提示选择基点(旋转的中心点),输入旋转角度或选择旋转角度,最后按下Enter键完成旋转。
4. 缩放命令(Scale Command)缩放命令可以用于按照一定比例调整几何体的尺寸。
选中需要缩放的几何体,输入SCALE命令或点击工具栏中的缩放图标。
然后,按照提示选择基点(缩放的参考点),输入缩放比例或选择缩放比例,最后按下Enter键完成缩放。
5. 拉伸命令(Extrude Command)拉伸命令可以用于通过将平面几何体拉伸成为立体几何体。
选中需要拉伸的几何体,输入EXTRUDE命令或点击工具栏中的拉伸图标。
然后,按照提示选择拉伸方向和距离,最后按下Enter键完成拉伸。
6. 倒角命令(Chamfer Command)倒角命令可以用于在几何体的边缘创建一个斜面。
云南省思茅市2024高三冲刺(高考数学)部编版真题(备考卷)完整试卷
云南省思茅市2024高三冲刺(高考数学)部编版真题(备考卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题若a,b,c是常数,则“ a>0,且b2-4ac<0 ”是“对任意,有ax2+bx+c>0 ”的( )A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件第(2)题若,,,则a,b,c的大小关系为()A.B.C.D.第(3)题命题“,”的否定是()A.,B.,C.,D.,第(4)题已知等腰的腰为底的2倍,则顶角的正切值为A.B.C.D.第(5)题已知等比数列,对任意,,是数列的前项和,若存在一个常数,使得,;下列结论中正确的是()A.是递减数列B.是递增数列C.D.一定存在,当时,第(6)题已知函数y=tan(2x+φ)的图象过点,则φ可以是( )A.-B.C.-D.第(7)题如图所示的程序框图,若输入,则输出S的值是()A.6B.14C.16D.38第(8)题如图1,某广场上放置了一些石凳供大家休息,这些石凳是由正方体截去八个一样的正三棱锥得到的,它的所有棱长均相同,数学上我们称之为半正多面体(semiregular solid),亦称为阿基米德多面体,如图2,设,则平面与平面之间的距离是()A.B.C.D.二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题已知数列满足,,前n项和为,则下列选项中正确的是()(参考数据:,)A.B.C.D.是单调递增数列,是单调递减数列第(2)题已知由5个数据组成的一组数据的平均数为7,方差为2,现再加入一个数据1,组成一组新数据,则()A.这组新数据的平均数为3B.这组新数据的平均数为6C.这组新数据的方差为D.这组新数据的方差为第(3)题近年来,合肥汽车产业处在高速发展阶段,新能源赛道尤为突出,被工业和信息化部批准为全国唯一新能源汽车产业链供应链生态体系建设试点市.某专业机构评定新能源汽车品质优秀的一个指标为“某地区连续14天每天发生故障的车辆不超过7台”.根据该地区过去14天甲、乙、丙、丁四种品牌新能源车辆故障数据,可知一定符合该品质优秀指标的是()A.甲品牌:平均数为4,极差为4B.乙品牌:平均数为1,标准差大于0C.丙品牌:平均数为2,方差为2D.丁品牌:中位数为2,众数为3三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题已知平面向量,,若,则实数的值为______.第(2)题若、、是棱长为的正四面体棱上互不相同的三点,则的取值范围是_______.第(3)题我们常常运用对同一个量算两次的方法来证明组合恒等式,如:从装有编号为的个球的口袋中取出个球,共有种取法.在种取法中,不取号球有种取法;取号球有种取法.所以.试运用此方法,写出如下等式的结果:___________.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题已知函数.(1)求函数的最小正周期及最大值;(2)当时,求的所有解之和.第(2)题已知函数.(1)求的单调性;(2)若不等式在上恒成立,求实数a的取值范围.第(3)题某校在课外活动期间设置了文化艺术类活动和体育锻炼类活动,为了解学生对这两类活动的参与情况,统计了如下数据:文化艺术类体育锻炼类合计男100300400女50100150合计150400550(1)通过计算判断,有没有90%的把握认为该校学生所选择课外活动的类别与性别有关系?(2)“投壶”是中国古代宴饮时做的一种投掷游戏,也是一种礼仪.该校文化艺术类课外活动中,设置了一项“投壶”活动.已知甲、乙两人参加投壶活动,投中1只得1分,未投中不得分,据以往数据,甲每只投中的概率为,乙每只投中的概率为,若甲、乙两人各投2只,记两人所得分数之和为,求的分布列和数学期望.附表及公式:0.150.100.050.0250.0102.0722.7063.8415.0246.635其中,.第(4)题已知等比数列的首项为,公比为整数,且.(1)求的通项公式;(2)设数列的前项和为,比较与的大小关系,并说明理由.第(5)题在三棱台中,平面ABC,,.(1)证明:平面平面;(2)记的中点为M,过M的直线分别与直线,交于P,Q,求直线PQ与平面所成角的正弦值.。
CAD模型修复技巧
CAD模型修复技巧CAD(计算机辅助设计)软件是现代工程设计中必备的工具。
利用CAD软件,工程师可以进行复杂的设计和模型制作。
然而,由于各种原因,CAD模型有时候可能会出现一些问题,例如不完整的几何体、重叠的面、不完全封闭的模型等。
在本文中,我们将讨论一些常见的CAD模型修复技巧,帮助您解决这些问题。
1. 删除重叠面:当两个或多个面重叠时,它们可能会干扰模型的几何形状。
通过选择重叠面并删除它们,可以修复这个问题。
在CAD软件中,通常可以使用“删除”或“修复面”等功能来完成这个任务。
2. 封闭空洞:在CAD模型中,有时会存在未完全封闭的空洞。
这些空洞可能会导致问题,例如无法进行正确的体积计算或3D打印。
通过选择空洞区域,并使用“修复曲面”或“填充面”等工具,可以将空洞修复并封闭。
3. 修复不完整的几何体:当CAD模型中的几何体出现不完整的情况,例如缺少一些面或边,可以使用“修复几何”或“合并面”等工具来修复。
这些工具可以自动填充缺失的面或合并分开的面,使几何体完整。
4. 删除孤立点或线:CAD模型中的孤立点或线可能是无效的或不必要的。
在修复模型时,可以选择并删除这些孤立的几何元素,以简化模型结构。
5. 检查模型的有效性:CAD软件通常提供模型有效性检查功能,可以帮助您找到模型中的潜在问题。
运行有效性检查工具,并根据提示修复模型中的错误或不规则部分。
6. 重建模型:在某些情况下,CAD模型可能过于复杂或受损,无法通过简单的修复方法解决。
此时,可以考虑使用重建模型的方法。
基于点云或曲线,利用CAD软件的“重建”功能,可以重新创建一个完整的模型。
7. 优化模型结构:有时候,CAD模型的结构可能过于复杂或不规则。
通过优化模型结构,可以使其更加规范和易于处理。
例如,使用“简化几何”或“平滑曲面”等工具,可以减少模型的面数或使曲面更加光滑。
8. 利用CAD插件:除了CAD软件自带的功能外,还可以考虑安装一些CAD插件来修复和改进模型。
安徽省宿州市2024高三冲刺(高考数学)统编版模拟(培优卷)完整试卷
安徽省宿州市2024高三冲刺(高考数学)统编版模拟(培优卷)完整试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分 (共8题)第(1)题与三角形的一条边以及另外两条边的延长线都相切的圆被称为三角形的旁切圆,旁切圆的圆心被称为三角形的旁心,每个三角形有三个旁心,如图1所示.已知,是双曲线的焦点,P是双曲线右支上一点,Q是△的一个旁心,如图2所示,直线PQ与x轴交于点M,则()A.B.C.D.第(2)题已知为的边的中点.若,,则()A.B.C.D.第(3)题已知函数,则下列结论正确的是()A.函数在上单调递增B.函数的图象关于直线对称C.,方程都有两个不等的实根D.不等式恒成立第(4)题若数列满足,,则()A.B.11C.D.第(5)题如图,雪花形状图形的作法是:从一个正三角形开始,把每条边分成三等份,然后以各边的中间一段为底边分别向外作正三角形,再去掉底边.反复进行这一过程,就得到一条“雪花”状的曲线.设原正三角形(图①)的边长为1,把图①,图②,图③,图④中图形的周长依次记为,,,,则()A.B.C.D.第(6)题如图,四边形为正方形,四边形为矩形,且平面与平面互相垂直.若多面体的体积为,则该多面体外接球表面积的最小值为A.B.C.D.第(7)题函数有3个零点的充分不必要条件是()A.,且B.,且C.,且D.,且第(8)题过三点,,的圆交y轴于M,N两点,则A .2B.8C.4D.10二、多选题:本题共3小题,每小题6分,共18分 (共3题)第(1)题i是虚数单位,下列说法正确的是()A.B.若,则C.若,则的最小值为1D.若是关于的方程的根,则第(2)题如图,在正方体中,,点M,N分别在棱AB和上运动(不含端点),若,下列命题正确的是()A.B.平面C.线段BN长度的最大值为D.三棱锥体积不变第(3)题将函数的图象向左平移个单位后得到函数的图象,若对,,且,则的可能取值为().A.B.C.D.三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分 (共3题)第(1)题已知等比数列的前n项和为,,,则c=______.第(2)题凸四边形ABCD的面积为S,,,,则S的最大值为______.第(3)题已知F是抛物线的焦点,M是抛物线上的点且,,则直线MN的斜率为______.四、解答题:本题共5小题,每小题15分,最后一题17分,共77分 (共5题)第(1)题已知点是双曲线的上顶点.(1)若点的坐标为,延长交双曲线于点,求点的坐标;(2)双曲线与直线有唯一的公共点,过点且与垂直的直线分别交轴,轴于两点,当点运动时,求点的轨迹方程.第(2)题已知椭圆:与直线(不平行于坐标轴)相切于点,过点且与垂直的直线分别交轴,轴于,两点.(1)证明:直线与椭圆相切;(2)①当点运动时,点随之运动,求点的轨迹方程:②若,,不共线,求三角形面积的最大值.第(3)题已知函数,.(1)讨论的单调区间;(2)当时,令.①证明:当时,;②若数列满足,,证明:.第(4)题某校高三(1)班在一次语文测试结束后,发现同学们在背诵内容方面失分较为严重.为了提升背诵效果,班主任倡议大家在早、晩读时间站起来大声诵读,为了解同学们对站起来大声诵读的态度,对全班50名同学进行调查,将调查结果进行整理后制成如表:考试分数,,,,,,频数510155105赞成人数469364(1)欲使测试优秀率为,则优秀分数线应定为多少分?(2)依据第1问的结果及样本数据研究是否赞成站起来大声诵读的态度与考试成绩是否优秀的关系,列出2×2列联表,并判断是否有的把握认为赞成与否的态度与成绩是否优秀有关系.参考公式及数据:,.0.1000.0500.0250.0102.7063.841 5.024 6.635第(5)题已知函数.(无理数)(1)若在单调递增,求实数的取值范围;(2)当时,设函数,证明:当时,.(参考数据)。
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Where for each v L(G) ,
d (v ) 3
简要证明
Seifert 环数增加1或减少1
因此
n 2 p s( L(G)) n 2 p
e1
e2
ek
引理2:
p
G
If G is obtained from C n by adding a new point then
n If e1 , e2 ,, e pis a set of p ( p 2 ) chords
of C n ,let G be a graph obtained by adding
.
p
chords to C n . Then n 2 p s( L(G)) n 2 p
(1)Biblioteka (2)(3)如果一个具有B个边界的定向曲面的亏 格为n,则它同胚于去掉B个圆盘的n亏格环面。
Genus of links
Definition: The genus of an oriented link L is the minimum genus of any connected orientable surface that spans L. The genus of an unoriented link is the minimum taken over all possible choices of orientation. We denote the genus of L by g (L )
i 1 i 1 k
i 1
k
c( L(G )) c( L(Gi ))
k i 1
(G ) (G) (k 1)
i 1 i
k
so s( L(G )) 1 k s( L(Gi ))
For each Gi ,take out a cycle C p from Gi Assume v1 ,, v V ( Gi ) p C p
2、For a polyhedral link diagram L( D)
c( L( D)) g ( L) 1 6
Where c( L( D)) is the number of crossings.
3、The Braid index of polyhedral links equals
c( L( D)) 2 6
DNA cube
DNA-Truncated octahedron
Seeman synthesize them in 1991 and 1994 ,separately.
Bacteriophage HK97
Wen-Yuan Qiu and Xin-Dong Zhai, Molecular design of Goldberg polyhedral links J. Mol. Struct. (Theochem), 756 (2005) 163–166
最小Seifert 环数 4 6 7 8
亏格 1 3 4 5
十二面体链 环 二十面体链 环
32 56
12 20
9 17
The main conclusions 1、For a polyhedral link diagram L( D)
c( L( D)) c( L( D)) 2 s( L( D)) 2 6 2
三叶结覆盖
G
L(G )
(Seifert’s algorithm) Every link bounds an orientable surface.
So, polyhedral links have orientable surface. call it Seifert surface.
Seifert surface of trefoil knot
3
A link is a finite disjoint union of knots: L K1 K n
Borremean Rings Hopf Links with Hopf Links with with three two components ten components components.
Then
2 V (G) 2k E (G) s( L(G)) 2 E (G)
定理1:
For a polyhedral link diagram
L(D)
c( L( D)) c( L( D)) 2 s( L( D)) 2 6 2
Where c( L( D)) is the number of crossings of L(D) .
Then
c( L( D)) g ( L) 1 6
Braid
辫子
闭辫子
Theorem :
[Yamada,1987] The minimal number of Seifert circles equals the braid index of a link.
ˆ ˆ ˆ b1 , b2 , , bk
Construction of Polyhedral Links
The method for ‘three-cross-curve and double-line covering’.
对于任意的连通简单图G ,可以通过上面三种操作 变成链环图 L(G), 其中:△(G)=3
我们称 L(G) 为三叶结覆盖链环图
定理2:
For a polyhedral link diagram
L(D)
c( L( D)) g ( L) 1 6
Where c( L( D)) is the number of crossings of L(D) .
Proof: Because
2 g 2 s ( L( D)) c( L( D)) ( L( D)) c( L( D )) 2 2 c( L( D)) ( L( D )) 2 c( L( D)) ( L( D)) 2 However 6
Seifert surface of hopf link
Seifert surface
Seifert circle
根据 seifert 代数,对于无向链环,各个分 支的走向不同, seifert 环数也不同.
纽结或链环和亏格的联系?
什么是亏格?
亏格0
亏格1 曲面的亏格就是环柄的数目
亏格2
Then
2 s( L(G )) c( L(G )) ( L(G )) 2k s( L(Gi )) c( L(Gi )) ( L(Gi ))
i 1 i 1 i 1 k k k
However
k
( L ) ( L # # L ) (k 1)
p with at least 3 neighbors in G
,
n 4 d ( p) s( L(G)) n 2 d ( p)
e1
e2
ek
Proof:
p
G
e1
ek
e2
Let e1 , e2 ,, ek (k 3) is adjacent to p . s( L(G)) s( L(G))
因此
g ( L(G)) 1
max s( L(G)) 8
2 g ( L(G )) 2 s ( L(G )) c( L(G )) ( L(G )) 2 8 12 4 2
所以
g ( L(G)) 1
最大Seifert 环数 四面体链环 六面体链环 七面体链环 八面体链环 8 14 17 20
Proof: Because polyhedron is 3-regual,so
3n 2e
By lemma 4
2 V ( D) 2k E ( D) s( L( D)) 2 E ( D)
Then
c( L( D)) c( L( D)) 2 s( L( D)) 2 6 2
G
s( L(G)) s( L(G))
Then e1 , e2 ,, ek 1 is d ( p) 1 chords of Cn1 . So,
ek e 2 e1
n 4 d ( p) s( L(G)) n 2 d ( p)
G
p
引理3:
对于三叶结覆盖链环图 L(G )
Borremean links
1
2
3
4
5
6
7
8
令G为连通简单图,L(G)是从G得到 的三叶结覆盖链环图,其中△(G)=3。
The genus of a projection surface F constructed from a connected diagram satisfies
2 g ( F ) [1 s( L(G)) c( L(G))] [1 ( L(G))]
相信他正在创造一个元素表。1887年迈克耳 逊-莫雷实验证明“以太”不存在,“以太 漩涡论”成为过时理论。十九世纪末,产生 拓扑学,纽结理论再此成为热点研究课题。 今日纽结理论的应用包括弦理论、DNA复制 和统计力学等领域。
A knot K R is a subset of points homeomorphic to a circle
ˆ ˆ ˆ b( L) min{n(b1 ), n(b2 ),, n(bk )}
The braid index of a link is the least number of strings in a braid corresponding to a closed-braid representation of the link.
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