动态几何问题 -
立体几何动态问题

立体几何的动态问题立体几何的动态问题,主要有五种:动点问题、翻折问题、旋转问题、投影与截面问题以及轨 迹问题。
基本类型:点动问题;线动问题;面动问题;体动问题;多动问题等。
解题时一般可以通过改变视角、平面化或者寻找变化过程中的不变因素而把问题回归到最本质的定义、定理或现有的结论中,若能再配以沉着冷静的心态去计算,那么相信绝大多数问题可以迎刃而解。
动点轨迹问题空间中动点轨迹问题变化并不多,一般此类问题可以从三个角度进行分析处理,一是从曲线定义或函数关系出发给出合理解释;二是平面与平面交线得直线或线段;三是平面和曲面(圆锥,圆柱侧面,球面)交线得圆,圆锥曲线。
很少有题目会脱离这三个方向。
(注意:阿波罗尼斯圆,圆锥曲线第二定义)1.(2015·浙江卷8)如图1110,斜线段AB 与平面α所成的角为60°,B 为斜足,平面α上的动点P 满足∠P AB =30°,则点P 的轨迹是( )A .直线B .抛物线C .椭圆D .双曲线的一支式题 如图,平面α的斜线AB 交α于B 点,且与α所成的角为θ,平面α内有一动点C 满足∠BAC =π6,若动点C的轨迹为椭圆,则θ的取值范围为________.3.(2015春•龙泉驿区校级期中)在棱长为1的正方体ABCD ﹣A 1B 1C 1D 1中,M 是A 1D 1的中点,点P 在侧面BCC 1B 1上运动.现有下列命题:①若点P 总保持P A ⊥BD 1,则动点P 的轨迹所在的曲线是直线; ②若点P 到点A 的距离为,则动点P 的轨迹所在的曲线是圆;③若P 满足∠MAP =∠MAC 1,则动点P 的轨迹所在的曲线是椭圆;④若P 到直线BC 与直线C 1D 1的距离比为2:1,则动点P 的轨迹所在的曲线是双曲线; ⑤若P 到直线AD 与直线CC 1的距离相等,则动点P 的轨迹所在的曲线是抛物线. 其中真命题的个数为( )A .4B .3C .2D .14.(2018•温州模拟)已知线段AB垂直于定圆所在的平面,B,C是圆上的两点,H是点B在AC上的射影,当C 运动,点H运动的轨迹()A.是圆B.是椭圆C.是抛物线D.不是平面图形5.(2013•铁岭模拟)如图所示,△P AB所在的平面α和四边形ABCD所在的平面β互相垂直,且AD⊥α,BC⊥α,AD=4,BC=8,AB=6.若tan∠ADP﹣2tan∠BCP=1,则动点P在平面α内的轨迹是()A.椭圆的一部分B.线段C.双曲线的一部分D.以上都不是6.(2013•嘉兴二模)设m是平面α内的一条定直线,P是平面α外的一个定点,动直线n经过点P且与m成30°角,则直线n与平面α的交点Q的轨迹是()A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线7.(2008•浙江)如图,AB是平面a的斜线段,A为斜足,若点P在平面a内运动,使得△ABP的面积为定值,则动点P的轨迹是()A.圆B.椭圆C.一条直线D.两条平行直线8.(2015春•台州校级月考)AB是平面α的斜线段,长度为2,点A是斜足,若点P在平面α内运动,当△ABP的面积等于3 时,点P的轨迹是()A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线9.(2016•浙江二模)在正三棱柱(底面是正三角形的直棱柱)ABC﹣A1B1C1中,AB=AA1=2.若点M在△ABC所在平面上运动,且使得△AC1M的面积为1,则动点M的轨迹为()A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线10.(2016•武汉校级模拟)如图,AB是平面α外的固定斜线段,B为斜足,若点C在平面α内运动,且∠CAB等于直线AB与平面α所成的角,则动点C的轨迹为()A.圆B.椭圆C.双曲线D.抛物线11.(2008年浙江·理10)如图,AB是平面a的斜线段,A为斜足,若点P在平面a内运动使得△ABP的面积为定值,则动点P的轨迹是()(A)圆(B)椭圆(C)一条直线(D)两条平行直线12.(2014年金华高二十校联考·文10)圆柱的轴截面ABCD是边长为2的正方形,M为正方形ABCD对角线的交点,动点P在圆柱下底面内(包括圆周),若直线BM与直线MP所成角为45°,则点P形成的轨迹为( ) A.椭圆的一部分B.抛物线的一部分C.双曲线的一部分D.圆的一部分13.(2014•杭州二模)在等腰梯形ABCD中,E,F分别是底边AB,BC的中点,把四边形AEFD沿直线EF折起后所在的平面记为α,p∈α,设PB,PC与α所成的角分别为θ1,θ2(θ1,θ2均不为零).若θ1=θ2,则满足条件的P所形成的轨迹是.BACDMPABP14.(2018秋•诸暨市校级期中)如图,在底面为平行四边形的四棱锥P﹣ABCD中,E,F分别是棱AD,BP上的动点,且满足AE=2BF,则线段EF中点的轨迹是()A.一条线段B.一段圆弧C.抛物线的一部分D.一个平行四边形15.(2015秋•太原期末)如图,在棱长为1的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,P为棱A1B1的中点,点Q在侧面DCC1D1内运动,给出下列结论:①若BQ⊥A1C,则动点Q的轨迹是线段;②若|BQ|=,则动点Q的轨迹是圆的一部分;③若∠QBD1=∠PBD1,则动点Q的轨迹是椭圆的一部分;④若点Q到AB与DD1的距离相等,则动点Q的轨迹是抛物线的一部分.其中结论正确的是(写出所有正确结论的序号).16.如图,长方体ABCD﹣A′B′C′D′中,AB=BC=,AA,上底面A′B′C′D′的中心为O′,当点E在线段CC′上从C移动到C′时,点O′在平面BDE上的射影G的轨迹长度为()A.B.C.D.17.(2016秋•温州期末)点P为棱长是2的正方体ABCD﹣A1B1C1D1的内切球O球面上的动点,点M为B1C1的中点,若满足DP⊥BM,则动点P的轨迹的长度为()A.B.C.D.18.(2018•宁波二模)已知棱长为1的正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,E为侧面BB1C1C中心,F在棱AD上运动,正方体表面上有一点P满足=x(x≥0,y≥0),则所有满足条件的P点构成图形的面积为.19.(2017•定海区校级模拟)已知异面直线a,b所成角为60°,直线AB与a,b均垂直,且垂足分别是点A,B 若动点P∈a,Q∈b,|P A|+|QB|=m,则线段PQ中点M的轨迹围成的区域的面积是.20.(2017秋•赣州期末)如图,在等腰梯形ABCD中,CD=2AB=2EF=2a,E,F分别是底边AB,CD的中点,把四边形BEFC沿直线EF折起,使得平面BEFC⊥平面ADFE.若动点P∈平面ADFE,设PB,PC与平面ADFE 所成的角分别为θ1,θ2(θ1,θ2均不为0).若θ1=θ2,则动点P的轨迹围成的图形的面积为()A.B.C.D.翻折问题面(动问题)翻折问题的一线五结论.DF AE ⊥一线:垂直于折痕的线即五结论:1)折线同侧的几何量和位置关系保持不变;折线两侧的几何量和位置关系发生改变; 2--D HF D H F ''∠)是二面角的平面角;3D DF ')在底面上的投影一定射线上; 1、(2016年联考试题)平面四边形ABCD 中,AD=AB=2,CD=CB=5,且AD AB ⊥,现将△ABD 沿对角线BD 翻折成'A BD ∆,则在'A BD ∆折起至转到平面BCD 的过程中,直线'A C 与平面BCD 所成最大角的正切值为_______2.(2015年10月浙江省学业水平考试18)如图,在菱形ABCD 中,∠BAD=60°,线段AD ,BD 的中点分别为E ,F 。
动态几何问题分类解析PPT

• 动态几何问题概述 • 动态几何问题的分类 • 动态几何问题的解析方法 • 动态几何问题的应用实例 • 动态几何问题的挑战与展望
01
动态几何问题概述
定义与特点
定义
动态几何问题是指涉及图形在运动过 程中产生的变化和规律的问题。
特点
动态几何问题具有综合性、探索性和 应用性,需要学生掌握基本的几何知 识和逻辑推理能力,同时还需要具备 一定的数学建模和问题解决能力。
02
动态几何问题的分类
点动问题
点在几何图形中运动,引起图形变化的问题。
点动问题是动态几何问题中最基础的一种,主要研究点在运动过程中,与其相关 的图形性质和数量关系的变化。例如,点在圆上运动时,研究其与圆心、半径等 的关系。
线动问题
线在几何图形中运动,引起图形变化的问题。
线动问题涉及线的移动对图形形状、大小和位置的影响。这类问题通常涉及到线与线、线与点、线与面等之间的关系变化。 例如,研究直线在平面内平移时,与平面内其他线的关系。
动态变化的不确定性
在动态几何问题中,形状、大小和位置可能会随时间发生变化,这 种不确定性增加了解决问题的难度。
计算效率问题
由于动态几何问题的复杂性,使用传统的几何或数值方法可能无法 快速得到精确解,因此需要高效的算法和计算技术。
研究进展与趋势
算法改进
研究者们不断改进算法,以更有 效地解决动态几何问题。例如, 采用更高级的数值计算方法、引 入人工智能和机器学习技术等。
利用几何图形的性质和定理,通过图形 变换和构造来解决问题。
VS
详细描述
几何法是解决动态几何问题的另一种常用 方法。它利用几何图形的性质和定理,通 过图形的平移、旋转、对称等变换以及构 造辅助线等方式来解决问题。这种方法适 用于解决一些涉及图形位置和形状变化的 动态问题。
例说立体几何中的动态问题

例说立体几何中的动态问题立体几何中的“动态问题”,是指空间图形中的某些点、线、面的位置关系是不确定的,可变的一类开放问题。
对学生来说,解决这类问题,对其空间想象能力,逻辑推理能力的要求更高,难度一般比较大。
但又因为这类问题是可变的,开放的,更有助于学生空间想象能力及综合思维能力的培养。
这类问题往往把立体几何知识和其他部分的知识有机地结合起来,解决问题的关键就是转化与化归,把空间问题转化为平面问题来解决。
本文归纳了几类动态问题,希望对大家解决立体几何中的动态问题有所启发。
一、与轨迹有关的动态问题例1:如图,正方体中,P为底面上的动点,于E,且则点P的轨迹是()A .线段 B.圆 C.椭圆的一部分D.抛物线的一部分解析:连结,可证,即,即点E是体对角线上的定点,直线AE也是定直线.,∴动点P必定在线段AE的中垂面上,则中垂面与底面的交线就是动点P的轨迹,所以动点P的轨迹是线段.故选A例2:在正方体中,点是侧面内一个动点,它到直线与直线的距离相等,则动点的轨迹所在曲线是()A.直线 B.圆 C.椭圆的一部分 D.抛物线的一部分解析:本题是立体几何与解析几何相结合的一道题目,学生难在空间问题如何转化为平面问题,即解析几何问题。
这里动点到直线的距离易作出,难在到直线的距离的距离是什么。
因垂直平面,所以,即点到点的距离与到直线的距离相等。
所以动点在侧面内的轨迹是一段抛物线。
评注:动点轨迹主要是把空间的关系转化为平面内动点所具有的特性。
这类问题综合了平面几何、立体几何、解析几何等知识,渗透了数形结合思想,转化与化归思想,分类讨论思想,对第一次碰到此类问题的学生有较好的检测功能。
二、与距离有关的动态问题例3:如图,在棱长为2的正方体中,点是的中点,动点在底面内(不包括边界),若平面,则的最小值是()A.B.C.D.解析如图,在上取中点,在上取中点,连接,且,易知平面平面,则动点的轨迹是(不含两点)又平面,则当时,取得最小值此时,评注:本题考查立体几何中动点轨迹及最值的求解问题,关键是能够通过面面平行关系得到动点的轨迹,从而找到最值取得的点.例4:长方体中,且一只小虫子从,点沿长方体的表面爬到点处,则小虫子的最短行程是多少?解析:当小虫子沿侧面与侧面到时,将二侧面展开铺平,在平面内,连即为最短行程,记为。
中考数学压轴题专题十动态几何问题

中考数学压轴题专题十动态几何问题试题特点用运动的观点来探究几何图形变化规律的问题称为动态几何问题,此类问题的显著特点是图形中的某个元素(如点、线段、三角形等)或整个图形按照某种规律运动,图形的各个元素在运动变化过程中互相依存、和谐统一,体现了数学中“变”与“不变”、“一般”与“特殊”的辩证思想.其主要类型有:1.点的运动(单点运动、多点运动);2.线段(直线)的运动;3.图形的运动(三角形运动、四边形运动、圆运动等).方式趋势动态几何题已成为中考试题的一大热点题型.在近几年各地的中考试卷中,以动点问题、平面图形的平移、翻折、旋转、剪拼问题等为代表的动态几何题频频出现在填空、选择、解答等各种题型中,总体呈现源于教材、高于教材,入口宽、难易适度、梯度分明,考查同学们对图形的直觉能力以及从变化中看到不变实质的数学洞察力.热点解析一、点的运动【题1】(2011盐城)如图1,已知一次函数y=-x+7与正比例函数y=43x的图象交于点A,且与x轴交于点B.(1)求点A和点B的坐标;(2)过点A作AC⊥y轴于点C,过点B作直线l∥y轴,动点P从点O出发,以每秒1个单位长的速度,沿O-C-A的路线向点A运动;同时直线l从点B出发,以相同速度向左平移,在平移过程中,直线l交x轴于点R,交线段BA或线段AO于点Q.当点P到达点A时,点P和直线l都停止运动.在运动过程中,设动点P运动的时间为t秒.①当t为何值时,以A、P、R为顶点的三角形的面积为8?②是否存在以A、P、Q为顶点的三角形是等腰三角形?若存在,求t的值;若不存在,请说明理由.【思路】(1)联立方程y=-x+7和y=43x即可求出点A的坐标,令-x+7=0即可得点B的坐标.(2)①只要把三角形的面积用t表示,求出即可.应注意分P在OC上运动和P在CA上运动两种情况.(D只要把有关线段用t表示,找出满足AP=AQ,AP=PQ,AQ=PQ的条件时t的值即可,应注意分别讨论P在OC上运动(此时直线∠与AB相交)和P在CA上运动(此时直线∠与AO相交)时AP=AQ,AP=PQ,AQ=PQ的条件.【失分点】以A、P、Q为顶点的三角形是等腰三角形有多种可能,容易考虑不周.【反思】涉及的主要知识点有:一次函数的图象和性质,解二元一次方程组,勾股定理,锐角三角函数,解一元二次方程,等腰三角形的判定.【牛刀小试】1.(2010湖北咸宁)如图6,直角梯形ABCD中,AB∥DC,∠DAB=90°,AD=2DC=4,AB=6.动点M以每秒1个单位长的速度,从点A沿线段AB向点B运动;同时点P以相同的速度,从点C沿折线C-D-A向点A运动,当点M到达点B 时,两点同时停止运动.过点M作直线∠∥AD,与线段CD的交点为E,与折线A-C -B的交点为Q.点M运动的时间为t(秒).(1)当t=时,求线段QM的长.(2)当0<t<2时,如果以C,P,Q为顶点的三角形为直角三角形,求t的值.(3)当t>2时,连接PQ交线段AC于点R,请探究CQRQ是否为定值.若是,试求这个定值;若不是,请说明理由.2.(2010湖南娄底)如图7,在梯形ABCD中,AB∥CD,AB=2,DC=10,AD=BC=5,点M,N分别在边AD,BC上运动,并保持MN∥AB,ME⊥DC,NF⊥DC,垂足分别为E,F.(1)求梯形ABCD的面积.(2)探究一:四边形MNFE的面积有无最大值?若有,请求出这个最大值;若无,请说明理由.(3)探究二:四边形MNFF能否为正方形?若能,请求出正方形的面积;若不能,请说明理由.3.(2010广西钦州)如图8,将OA=6,AB=4的矩形OABC放置在平面直角坐标系中,动点M,N以每秒1个单位的速度分别从点A,C同时出发,其中点M沿AO向终点0运动,点N沿CB向终点B运动,当两个动点运动了ts时,过点N作NP⊥BC,交OB 于点P,连接MP.(1)点B的坐标为_______;用含£的式子表示点P的坐标为_______.(2)记△OMP的面积为S,求S与t的函数关系式(0<t<6).并求t为何值时,S有最大值.(3)试探究:当S有最大值时,在y轴上是否存在点T,使直线MT把△ONC分割成三角形和四边形两部分,且三角形的面积是△ONC面积的13?若存在,求出点T的坐标;若不存在,请说明理由.二、线的运动【题2】(2010云南昭通)如图,已知直线l的解析式为y=-x+6,它与x轴,y 轴分别相交于A,B两点.平行于直线l的直线n从原点出发,沿x轴正方向以每秒1个单位长度的速度运动,运动时间为t秒,运动过程中始终保持n∥l.直线n与x轴,y轴分别相交于C,D两点.线段CD的中点为P,以P为圆心,以CD为直径在CD上方作半圆,半圆面积为S.当直线n与直线l重合时,运动结束.(1)求A,B两点的坐标.(2)求S与t的函数关系式及自变量t的取值范围.(3)直线n在运动过程中,①当t为何值时,半圆与直线l相切?②是否存在这样的T值,使得半圆面积S=12S梯形ABCD?若存在,求出t值;若不存在,说明理由。
中考数学专题 动态几何与函数10题-含答案

动态几何与函数10题(1)请直接写出1y ,2y 与t 之间的函数关系式以及对应的t 的取值范围;
(2)请在平面直角坐标系中画出1y ,2y 的图象,并写出1y 的一条性质;
(3)求当12y y >时,t 的取值范围.
(1)求出12,y y与x的函数关系式,并注明
(2)先补全表格中1y的值,再画出
x123456
y12632
1
(3)在直角坐标系内直接画出2y的函数图像,结合1y和2y的函数图像,x的取值范围.(结果取精确值)
(1)请求出1y 和2y 关于x 的函数解析式,并说明x 的取值范围;
(2)在图2中画出1y 关于x 的函数图象,并写出一条这一函数的性质:(3)若12103
y y -≥,请结合函数图像直接写出x 的取值范围(近似值保留一位小数,误差不超过0.2)
4.
(2023春·重庆江津·九年级校联考期中)如图,在矩形ABCD 中,3AB =,4BC =,点P 从点A 出发,以每秒2个单位的速度沿折线A B C D →→→运动,当它到达D 点时停止运动;同时,点Q 从点A 出发,以每秒1个单位的速度沿射线AD 运动,过Q 点做直线l 平行于AB ,点M 为直线l 上的一点,满足AMQ △的面积为2,设点P 点Q 的运动时间为t (0t >),ADP △的面积为1y ,QM 的长度为2y .
(1)分别求出1y ,2y 与t 的函数关系,并注明t 的取值范围;
(2)在坐标系中画出1y ,2y 的函数图象;
(3)结合函数图象,请直接写出当12y y <时t 的取值范围.。
高考数学专题四立体几何 微专题29 立体几何中的动态问题

√C.若点N到直线BB1与直线DC的距离相等,则点N的轨迹为抛物线 √D.若D1N与AB所成的角为 π3,则点N的轨迹为双曲线
如图所示,对于A, 根据正方体的性质可知,MD⊥平面ABCD, 所以∠MND为MN与平面ABCD所成的角, 所以∠MND=4π,所以 DN=DM=12DD1=12×4=2, 所以点N的轨迹是以D为圆心,2为半径的圆,故A正确;
思维导图
内容索引
典型例题
热点突破
PART ONE
典型例题
考点一 动点的轨迹
典例1 (1)(多选)已知正方体ABCD-A1B1C1D1 的棱长为4,M为DD1的中点,N为四边形ABCD 所在平面上一动点,则下列命题正确的是
√A.若MN与平面ABCD所成的角为 π4,则点N的
轨迹为圆
B.若MN=4,则MN的中点P的轨迹所围成图
当 B 是 AC 的中点时,AB=BC= 6,
此时△SAB为等腰三角形,△ABC为等腰直角三角形,
将△SAB,△ABC沿AB展开至同一个平面,得到如
图2所示的平面图形,
取AB的中点D,连接SC,SD,CD,
则 SD=
22-
262=
210,
所以 sin ∠ABS=SSDB= 410, 所以 cos∠CBS=cos(90°+∠ABS)=-sin∠ABS=- 410,
此时点B与点Q重合,点P与点O1重合,故C正确;
对于D,当点P与点B1,点Q与点A重合时,
AP+PQ+QB1 的值为 3AP=3 12+22=3 5>2 3+ 5,故 D 错误.
考点二 折叠、展开问题
典例2 (多选)如图,在矩形ABCD中,M为BC的中点,将△ABM沿直线 AM翻折成△AB1M,连接B1D,N为B1D的中点,则在翻折过程中,下列 说法正确的是 A.存在某个位置,使得CN⊥AB1
动态几何问题

(二)双动点问题 6.(2015· 荆州)如图,正方形 ABCD 的边长为 3 cm,动点 P 从 B 点出发以 3 cm/s 的速度沿着边 BC-CD-DA 运动,到达 A 点停止运动;另一动点 Q 同时从 B 点出发,以 1 cm/s 的速度沿着边 BA 向 A 点运动,到达 A 点停止运动.设 P 点 运动时间为 x(s),△BPQ 的面积为 y(cm2),则 y 关于 x 的函数图象是( C )
6 8 3 5 (2)存在,如图 2,连结 CQ,PQ,QE= t,CE=AC-AE=8- t,PQ= 5 5 5 6 2 8 2 128 2 2 2 t , ∴CQ = QE +CE = ( t) +(8- t) = 4t - t+64 = 5 5 5 32 32 48 2 2 2 t - t+16,①当 CQ=CP 时,即:2 t - t+16=8-t,解得;t= , 5 5 15 3 5 32 40 88 2 ②当 PQ=CQ 时,即: t=2 t - t+16,解得:t= ,t= (不合题意舍 5 5 11 11 3 5 48 去),③当 PQ=PC 时,即 t=8-t,解得:t=3 5-5;综上所述:当 t= , 5 15 40 t= ,t=3 5-5 时,△PQC 为等腰三角形. 11
10.(2014· 怀化)如图①,在平面直角坐标系中,AB=OB=8,∠ABO=90° , ∠yOC=45° ,射线 OC 以每秒 2 个单位长度的速度向右平行移动,当射线 OC 经 过点 B 时停止运动,设平行移动 x 秒后,射线 OC 扫过 Rt△ABO 的面积为 y.
(1)求 y 与 x 之间的函数关系式; (2)当 x=3 秒时,射线 OC 平行移动到 O′C′,与 OA 相交于 G,如图②,求经 过 G,O,B 三点的抛物线的解析式;
剖析立体几何中的“动态”问题

ʏ沈建良所谓动态立体几何问题,是指在点㊁线㊁面运动变化的几何图形中,探寻点㊁线㊁面的位置关系或进行有关角与距离的计算㊂立体几何中常求解一些固定不变的点㊁线㊁面的关系,若给静态的立体几何问题赋予 活力 ,渗透了 动态 的点㊁线㊁面元素,立意会更新颖㊁更灵活,能培养同学们的空间想象能力㊂下面是对破解立体几何 动态 问题的一些思考,以期抛砖引玉㊂一㊁ 动态 问题之轨迹问题例1如图1,在边长为a的正方体A B C D-A1B1C1D1中,E,F,G,H,N分别是C C1,C1D1,D D1,C D,B C的中点,M在四边形E F G H边上及其内部运动,若MNʊ面A1B D,则点M轨迹的长度是()㊂图1A.3aB.2aC.32aD.22a解:因为在边长为a的正方体A B C D-A1B1C1D1中,E,F,G,H分别是C C1, C1D1,D D1,C D的中点,N是B C的中点,则G HʊB A1,HNʊB D㊂又G H⊄面A1B D, B A1⊂面A1B D,所以G Hʊ面A1B D㊂同理可得,NHʊ面A1B D㊂又G HɘHN=H,所以面A1B Dʊ面G HN㊂因为点M在四边形E F G H上及其内部运动,MNʊ面A1B D,所以点M一定在线段G H上运动,即满足条件㊂易得G H=22a㊂故点M轨迹的长度是22a㊂应选D㊂本题利用线面平行㊁面面平行,在动态问题中提炼一些不变的 静态 的量,建立不变量与动点之间的关系,从而确定动点的轨迹长度㊂二㊁ 动态 问题之定值问题例2如图2,在单位正方体A B C D-A1B1C1D1中,点P在线段A D1上运动㊂图2给出以下四个命题:①异面直线A1P与B C1间的距离为定值;②三棱锥D-B P C1的体积为定值;③异面直线C1P与C B1所成的角为定值;④二面角P-B C1-D的大小为定值㊂其中真命题的序号是()㊂A.①②B.③④C.①②③D.①②③④解:对于①,异面直线A1P与B C1间的距离即为两平行平面A D D1A1和平面B C C1B1间的距离,即为正方体的棱长,为定值,①正确㊂对于②,V D-B P C1=V P-D B C1,因为SәD B C1为定值,点PɪA D1,A D1ʊ平面B D C1,所以点P到平面B D C1的距离即为正方体的棱长,所以三棱锥D-B P C1的体积为定值,②正确㊂对于③,在正方体A B C D-A1B1C1D1中,因为B1Cʅ平面A B C1D1,而C1P⊂平面A B C1D1,所以B1CʅC1P,即这0 1数学部分㊃知识结构与拓展高一使用2022年4月Copyright©博看网. All Rights Reserved.两条异面直线所成的角为90ʎ,③正确㊂对于④,因为二面角P -B C 1-D 的大小即为平面A B C 1D 1与平面B D C 1所成的二面角的大小,而这两个平面位置固定不变,所以二面角P -B C 1-D 的大小为定值,④正确㊂应选D㊂动态立体几何问题,在变化过程中总蕴含着某些不变的因素,因此要认真分析其变化特点,寻找不变的静态因素,从静态因素中,找到解决问题的突破口㊂三㊁ 动态 问题之翻折问题例3 如图3,在长方形A B C D 中,A B =2,B C =1,E 为D C 的中点,F 为线段E C (端点除外)上一动点㊂现将әAF D 沿A F 折起,使平面A B D ʅ平面A B C F ,得到如图4所示的四棱锥D -A B C F ㊂在平面A B D 内过点D 作D K ʅA B ,垂足为K ㊂设A K =t ,则t 的取值范围是㊂图3 图4解:过点F 作F M ʅA B 交A B 于点M (作法略)㊂设F C =x ,0<x <1,则M F =B C =1,M B =F C =x ㊂易知A K <A D =1,A B =2,所以点K 一定在点M 的左边,则MK =2-t -x ㊂在R t әA D K 中,D K 2=1-t2,在R tәF MK 中,F K 2=1+(2-t -x )2㊂因为平面A B D ʅ平面A B C F ,平面A B D ɘ平面A B C F =A B ,D K ʅA B ,D K ⊂平面A B D ,所以D K ʅ平面A B C F ,所以D K ʅF K ㊂在R t әD F K 中,D F =2-x ,D K 2+F K 2=D F 2,所以1-t 2+1+(2-t -x )2=(2-x )2,化简得1-2t +t x =0,即t =12-x㊂又因为t =12-x在(0,1)上单调递增,所以12<t <1,即t 的取值范围为12,1()㊂本题是一个动态的翻折问题,通过发现不变的垂直关系,从而得到相关变量间的关系,最终转化成函数的值域问题㊂解决折叠问题的关键是分清折叠前后图形的位置和数量关系的变与不变的量㊂四㊁ 动态 问题之展开问题例4 已知某圆锥的母线长为3,底面半径为1,则该圆锥的体积为㊂设线段A B 为该圆锥底面圆的一条直径,一质点从A 出发,沿着该圆锥的侧面运动,到达B 点后再沿侧面回到A 点,则该质点运动路径的最短长度为㊂解:易得该圆锥的高h =32-1=22㊂所以该圆锥的体积V =13ˑπˑ12ˑ22=223π㊂将该圆锥侧面沿母线S A 展开,如图5所示㊂图5因为圆锥底面周长为2π,扇形半径为3,所以侧面展开后得到的扇形的圆心角øA S A '=2π3㊂由题意知点B 是圆锥侧面展开后得到的扇形的弧A A '的中点,则øA S B =π3,所以A B =A 'B =A S =3㊂所以该质点运动路径的最短长度为A B +A 'B =6㊂空间动态问题常转化为平面的动态问题求解㊂化曲为直是求解曲面上路径长度最短问题的关键㊂本题是求解圆锥侧面上质点运动路径的最短长度问题,可将圆锥侧面沿一条母线展开成扇形,从而在平面图形中解决问题㊂作者单位:江苏省盐城市时杨中学(责任编辑 郭正华)11数学部分㊃知识结构与拓展高一使用 2022年4月Copyright ©博看网. All Rights Reserved.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
动态几何问题动态几何形成的最值问题是动态几何中的基本类型,包括单动点形成的最值问题,双(多)动点形成的最值问题,线动形成的最值问题,面动形成的最值问题.本专题原创编写单动点形成的最值问题模拟题.在中考压轴题中,单动点形成的最值问题的重点和难点在于应用数形结合的思想准确地进行分类和选择正确的解题方法.原创模拟预测题1.如图,已知直线334y x =-与x 轴、y 轴分别交于A 、B 两点,P 是以C (0,1)为圆心,1为半径的圆上一动点,连结PA 、PB .则△PAB 面积的最大值是( )A .8B .12C .212 D .172【答案】C .【解析】试题分析:∵直线334y x =-与x 轴、y 轴分别交于A 、B 两点,∴A 点的坐标为(4,0),B 点的坐标为(0,﹣3),34120x y --=,即OA=4,OB=3,由勾股定理得:AB=5,∴点C (0,1)到直线34120x y --=223041234⨯-⨯-+165,∴圆C 上点到直线334y x =-的最大距离是1615+=215,∴△PAB 面积的最大值是121525⨯⨯=212,故选C . 考点:圆的综合题;最值问题;动点型.原创模拟预测题2.菱形ABCD 在平面直角坐标系中的位置如图所示,顶点B (2,0),∠DOB=60°,点P 是对角线OC 上一个动点,E (0,﹣1),当EP+BP 最短时,点P 的坐标为 .【答案】(233-,23-).【解析】考点:菱形的性质;坐标与图形性质;轴对称-最短路线问题;动点型;压轴题;综合题.原创模拟预测题3.如图,已知抛物线2y ax bx c =++(0a ≠)的对称轴为直线1x =-,且抛物线经过A (1,0),C (0,3)两点,与x 轴交于点B .(1)若直线y mx n =+经过B 、C 两点,求直线BC 和抛物线的解析式;(2)在抛物线的对称轴1x =-上找一点M ,使点M 到点A 的距离与到点C 的距离之和最小,求出点M 的坐标;(3)设点P 为抛物线的对称轴1x =-上的一个动点,求使△BPC 为直角三角形的点P 的坐标.【答案】(1)3+=x y ,322+--=x x y ;(2)M (-1,2);(3)P 的坐标为(-1,-2)或(-1,4) 或(-1,2173+) 或(-1,2173-).【解析】试题分析:(1)先把点A ,C 的坐标分别代入抛物线解析式得到a 和b ,c 的关系式,再根据抛物线的对称轴方程可得a 和b 的关系,再联立得到方程组,解方程组,求出a ,b ,c 的值即可得到抛物线解析式;把B 、C 两点的坐标代入直线y mx n =+,解方程组求出m 和n 的值即可得到直线解析式;(2)设直线BC 与对称轴1x =-的交点为M ,则此时MA+MC 的值最小.把1x =-代入直线3+=x y 得y 的值,即可求出点M 坐标;(3)设P (﹣1,t ),又因为B (﹣3,0),C (0,3),所以可得2BC =18,2PB =22(13)t -++=24t +,2PC =22(1)(3)t -+-=2610t t -+,再分三种情况分别讨论求出符合题意t 值即可求出点P 的坐标.试题解析:(1)依题意得:⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧==++-=-`3012c c b a a b ,解之得:⎪⎩⎪⎨⎧=-=-=321c b a ,∴抛物线解析式为322+--=x x y ,∵对称轴为x =-1,且抛物线经过A (1,0),∴B (-3,0),把B (-3,0)、C (0,3)分别代入直线y mx n =+,得:⎩⎨⎧==+-303n n m ,解之得:⎩⎨⎧==31n m ,∴直线y mx n =+的解析式为3+=x y ;(2)设直线BC 与对称轴x =-1的交点为M ,则此时MA +MC 的值最小.把x =-1代入直线3+=xy得,y=2,∴M(-1,2).即当点M到点A的距离与到点C的距离之和最小时M的坐标为(-1,2);(注:本题只求M坐标没说要证明为何此时MA+MC的值最小,所以答案没证明MA+MC的值最小的原因)考点:二次函数综合题;最值问题;动点型;压轴题;分类讨论.原创模拟预测题4.如图,在边长为2的正方形ABCD中,G是AD延长线时的一点,且DG=AD,动点M从A点出发,以每秒1个单位的速度沿着A→C→G的路线向G点匀速运动(M不与A,G重合),设运动时间为t秒,连接BM并延长AG于N.(1)是否存在点M,使△ABM为等腰三角形?若存在,分析点M的位置;若不存在,请说明理由;(2)当点N在AD边上时,若BN⊥HN,NH交∠CDG的平分线于H,求证:BN=HN;(3)过点M分别作AB,AD的垂线,垂足分别为E,F,矩形AEMF与△ACG重叠部分的面积为S,求S的最大值.【答案】(1)答案见试题解析;(2)证明见试题解析;(3)当t=238秒时,S 的最大值为38.【解析】试题分析:(3)①当点M 在AC 上时,即0<t≤22时,易知:△AMF 为等腰直角三角形.∵AM=t ,∴AF=FM=t 22,∴S=24122222121t t t FM AF =⋅⋅=⋅; 当点M 在CG 上时,即22<t <24时,CM=t-22,MG=24-t .∵AD=DG ,∠ADC=∠CDG ,CD=CD ,∴△ACD ≌△GCD (SAS ),∴∠ACD=∠GCD=45º,∴∠ACM=∠ACD+∠GCD=90º,∴∠G=90-∠GCD=90º-45º=45º,∴△MFG 为等腰直角三角形,∴t t MG FG 22422)24(45cos 0-=⋅-=⋅=,∴ACG CMJ FMG S S S S ∆∆∆=--=11142222CM CM FG FM ⨯⨯-⨯⨯-⋅=221124(22)(4)222t t----= 234284t t-+-,∴221t0t2243-t42t-8 22t424S⎧<≤⎪⎪=⎨⎪+<<⎪⎩()();②在0<t≤22范围内,当t=22时,S的最大值为222412=⨯)(;在22<t<24范围内,38)238-t(432+-=S,当238t=时,S的最大值为38,∵823>,∴当t=238秒时,S的最大值为38.考点:四边形综合题;二次函数综合题;分段函数;二次函数的最值;最值问题;动点型;存在型;压轴题.原创模拟预测题5.如图1,已知直线3y x=+与x轴交于点A,与y轴交于点B,将直线在x轴下方的部分沿x轴翻折,得到一个新函数的图象(图中的“V形折线”).(1)类比研究函数图象的方法,请列举新函数的两条性质,并求新函数的解析式;(2)如图2,双曲线kyx=与新函数的图象交于点C(1,a),点D是线段AC上一动点(不包括端点),过点D作x轴的平行线,与新函数图象交于另一点E,与双曲线交于点P.①试求△PAD的面积的最大值;②探索:在点D运动的过程中,四边形PAEC能否为平行四边形?若能,求出此时点D的坐标;若不能,请说明理由.【答案】(1)函数的最小值为0;函数图象的对称轴为直线x=﹣3;3 (3)3 (3)x xyx x+≥-⎧=⎨--<-⎩;(2)①258;②四边形PAEC不能为平行四边形.【解析】②先利用中点坐标公式求出AC的中点D的坐标,再计算DP,DE的长度,如果DP=DE,那么根据对角线互相平分的四边形是平行四边形可得四边形PAEC为平行四边形;如果DP≠DE,那么不是平行四边形.试题解析:(1)如图1,均是正整数新函数的两条性质:①函数的最小值为0,②函数图象的对称轴为直线x=﹣3;由题意得A点坐标为(﹣3,0).分两种情况:①x≥﹣3时,显然y=x+3;②当x<﹣3时,设其解析式为y kx b=+.在直线y=x+3中,当x=﹣4时,y=﹣1,则点(﹣4,﹣1)关于x轴的对称点为(﹣4,1).把(﹣4,1),(﹣3,0)代入y kx b=+,得:4130k bk b-+=⎧⎨-+=⎩,解得:13kb=-⎧⎨=-⎩,∴y=﹣x﹣3.综上所述,新函数的解析式为3 (3)3 (3)x xyx x+≥-⎧=⎨--<-⎩;(2)如图2,①∵点C(1,a)在直线y=x+3上,∴a=1+3=4.∵点C(1,4)在双曲线k yx =上,∴k=1×4=4,∴4y x =.∵点D 是线段AC 上一动点(不包括端点),∴可设点D 的坐标为(m,m+3),且﹣3<m <1.∵DP ∥x 轴,且点P 在双曲线上,∴P (43m +,m+3),∴PD=43m m -+,∴△PAD 的面积为S=14()(3)23m m m -⨯++=213222m m --+=21325()228m -++,∵a=12-<0,∴当m=32-时,S 有最大值,为258,又∵﹣3<32-<1,∴△PAD 的面积的最大值为258; ②在点D 运动的过程中,四边形PAEC 不能为平行四边形.理由如下:当点D 为AC 的中点时,其坐标为(﹣1,2),此时P 点的坐标为(2,2),E 点的坐标为(﹣5,2),∵DP=3,DE=4,∴EP 与AC 不能互相平分,∴四边形PAEC 不能为平行四边形.考点:反比例函数综合题;分段函数;动点型;最值问题;二次函数的最值;探究型;综合题;压轴题.原创模拟预测题6.如图,直线334y x =-+与x 轴交于点C ,与y 轴交于点B ,抛物线234y ax x c =++经过B 、C 两点.(1)求抛物线的解析式;(2)如图,点E 是直线BC 上方抛物线上的一动点,当△BEC 面积最大时,请求出点E 的坐标和△BEC 面积的最大值?(3)在(2)的结论下,过点E 作y 轴的平行线交直线BC 于点M ,连接AM ,点Q 是抛物线对称轴上的动点,在抛物线上是否存在点P ,使得以P 、Q 、A 、M 为顶点的四边形是平行四边形?如果存在,请直接写出点P 的坐标;如果不存在,请说明理由.【答案】(1)2333 84y x x=-++;(2)点E的坐标是(2,3)时,△BEC的面积最大,最大面积是3;(3)P的坐标是(﹣3,218-)、(5,218-)、(﹣1,158).【解析】试题解析:(1)∵直线334y x=-+与x轴交于点C,与y轴交于点B,∴点B的坐标是(0,3),点C的坐标是(4,0),∵抛物线234y ax x c=++经过B、C两点,∴3164043a cc⎧+⨯+=⎪⎨⎪=⎩,解得:383ac⎧=-⎪⎨⎪=⎩,∴233384y x x=-++;(2)如图1,过点E作y轴的平行线EF交直线BC于点M,EF交x轴于点F,∵点E是直线BC上方抛物线上的一动点,∴设点E的坐标是(x,233384x x-++),则点M的坐标是(x,334x-+),∴EM=23333(3)844x x x-++--+=23382x x-+,∴S△ABC=S△BEM+S△MEC=12EM•OC=2133()4282x x⨯-+⨯=2334x x-+=23(2)34x--+,∴当x=2时,即点E的坐标是(2,3)时,△BEC的面积最大,最大面积是3;(3)在抛物线上存在点P,使得以P、Q、A、M为顶点的四边形是平行四边形.①如图2,由(2),可得点M的横坐标是2,∵点M在直线334y x=-+上,∴点M的坐标是(2,32),又∵点A的坐标是(﹣2,0),∴223[2(2)](0)2--+-732,∴AM所在的直线的斜率是:30322(2)8-=--;∵233384y x x=-++的对称轴是x=1,∴设点Q的坐标是(1,m),点P的坐标是(x,2333 84x x-++),则2222333384183373(1)(3)844x x mxx x x m⎧-++-⎪=⎪-⎨⎪-+-++-=⎪⎩,解得:3218xy=-⎧⎪⎨=-⎪⎩或5218xy=⎧⎪⎨=-⎪⎩,∵x<0,∴点P的坐标是(﹣3,218-).②如图3,由(2),可得点M的横坐标是2,∵点M在直线334y x=-+上,∴点M的坐标是(2,32),又∵点A的坐标是(﹣2,0),∴223[2(2)](0)2--+-732,∴AM所在的直线的斜率是:30322(2)8-=--;∵233384y x x=-++的对称轴是x=1,∴设点Q的坐标是(1,m),点P的坐标是(x,233384x x-++),则2222333384183373(1)(3)844x x mxx x x m⎧-++-⎪=⎪-⎨⎪-+-++-=⎪⎩,解得:3218xy=-⎧⎪⎨=-⎪⎩或5218xy=⎧⎪⎨=-⎪⎩,∵x>0,∴点P的坐标是(5,218-).学科网③如图4,由(2),可得点M 的横坐标是2,∵点M 在直线334y x =-+上,∴点M 的坐标是(2,32),又∵点A 的坐标是(﹣2,0),∴223[2(2)](0)2--+-73,∵233384y x x =-++的对称轴是x=1,∴设点Q 的坐标是(1,m ),点P 的坐标是(x ,233384x x -++),则23333084221(2)12222x x m x x ⎧-++-⎪-=⎪---⎨⎪+-=⎪⎩, 解得:1158x y =-⎧⎪⎨=⎪⎩,∴点P 的坐标是(﹣1,158).综上,可得:在抛物线上存在点P ,使得以P 、Q 、A 、M 为顶点的四边形是平行四边形,点P 的坐标是(﹣3,218-)、(5,218-)、(﹣1,158). 考点:二次函数综合题;动点型;存在型;分类讨论;最值问题;二次函数的最值;压轴题. 原创模拟预测题7.如图,边长为8的正方形OABC 的两边在坐标轴上,以点C 为顶点的抛物线经过点A ,点P 是抛物线上点A ,C 间的一个动点(含端点),过点P 作PF ⊥BC 于点F ,点D 、E 的坐标分别为(0,6),(﹣4,0),连接PD 、PE 、DE .(1)请直接写出抛物线的解析式;(2)小明探究点P 的位置发现:当P 与点A 会点C 重合时,PD 与PF 的差为定值,进而猜想:对于任意一点P ,PD 与PF 的差为定值,请你判断该猜想是否正确,并说明理由;(3)小明进一步探究得出结论:若将“使△PDE 的面积为整数”的点P 记作“好点”,则存在多个“好点”,且使△PDE 的周长最小的点P 也是一个“好点”.请直接写出所有“好点”的个数,并求出△PDE 周长最小时“好点”的坐标.【答案】(1)8812+-=x y ;(2)正确,PD-PF=2;(3)11个好点,P (-4,6).【解析】试题分析:(1)设抛物线解析式为:2y ax c =+,把C (0,8),A (﹣8,0)代入即可求出抛物线解析式;(2)表示出P ,F 点坐标,再利用两点之间距离公式得出PD ,PF 的长,进而求出即可;(3)根据题意当P 、E 、F 三点共线时,PE+PF 最小,得出P 点坐标以及利用△PDE 的面积可以等于4到13所有整数,在面积为12时,a 的值有两个,进而得出答案.试题解析:(1)∵边长为8的正方形OABC 的两边在坐标轴上,以点C 为顶点的抛物线经过点A ,∴C (0,8),A (﹣8,0),设抛物线解析式为:2y ax c =+,则:8640c a c =⎧⎨+=⎩,解得:188a c ⎧=-⎪⎨⎪=⎩,故抛物线的解析式为:8812+-=x y ;(2)正确,理由:设P (a ,2188a -+),则F (a ,8),∵D (0,6),∴2221(2)8a a +-221(2)8a +2128a +,PF=21888()a -+-=218a ,∴PD ﹣PF=2;(3)在点P 运动时,DE 大小不变,则PE 与PD 的和最小时,△PDE 的周长最小,∵PD ﹣PF=2,∴PD=PF+2,∴PE+PD=PE+PF+2,∴当P 、E 、F 三点共线时,PE+PF 最小,此时点P ,E 的横坐标都为﹣4,将x=﹣4代入8812+-=x y ,得y=6,∴P (﹣4,6),此时△PDE 的周长最小,且△PDE 的面积为12,点P 恰为“好点,∴△PDE 的周长最小时”好点“的坐标为:(﹣4,6),由(2)得:P (a ,2188a -+),∵点D 、E 的坐标分别为(0,6),(﹣4,0),∴设直线DE的解析式为:y kx b=+,则640bk b=⎧⎨-+=⎩,解得:326kb⎧=⎪⎨⎪=⎩,∴lDE:362y x=+,则PE=2138682a a-+--,∴S△=)(6238814212--+⨯⨯aa=21344a a--+=21(6)134a-++,∵﹣8≤a≤0,∴4≤S △PDE≤13,∴△PDE的面积可以等于4到13所有整数,在面积为12时,a的值有两个,所以面积为整数时好点有11个,经过验证周长最小的好点包含这11个之内,所以好点共11个,综上所述:11个好点,P(﹣4,6).考点:二次函数综合题;动点型;定值问题;阅读型;新定义;综合题;压轴题.原创模拟预测题8.问题探究:(一)新知学习:圆内接四边形的判断定理:如果四边形对角互补,那么这个四边形内接于圆(即如果四边形EFGH的对角互补,那么四边形EFGH的四个顶点E、F、G、H都在同个圆上).(二)问题解决:已知⊙O的半径为2,AB,CD是⊙O的直径.P是BC上任意一点,过点P分别作AB,CD的垂线,垂足分别为N,M.(1)若直径AB⊥CD,对于BC上任意一点P(不与B、C重合)(如图一),证明四边形PMON内接于圆,并求此圆直径的长;(2)若直径AB⊥CD,在点P(不与B、C重合)从B运动到C的过程汇总,证明MN的长为定值,并求其定值;(3)若直径AB与CD相交成120°角.①当点P运动到BC的中点P1时(如图二),求MN的长;②当点P(不与B、C重合)从B运动到C的过程中(如图三),证明MN的长为定值.(4)试问当直径AB与CD相交成多少度角时,MN的长取最大值,并写出其最大值.【答案】(1)证明见试题解析,直径为2;(2)证明见试题解析,定值为2;(3)①3;②证明见试题解析;(4)当直径AB与CD相交成90°角时,MN取得最大值2.【解析】试题解析:(1)如图一,∵PM⊥OC,PN⊥OB,∴∠PMO=∠PNO=90°,∴∠PMO+∠PNO=180°,∴四边形PMON内接于圆,直径OP=2;(2)如图一,∵AB⊥OC,即∠BOC=90°,∴∠BOC=∠PMO=∠PNO=90°,∴四边形PMON 是矩形,∴MN=OP=2,∴MN的长为定值,该定值为2;(3)①如图二,∵P1是BC的中点,∠BOC=120°∴∠COP1=∠BOP1=60°,∠MP1N=60°.∵P1M⊥OC,P1N⊥OB,∴P1M=P1N,∴△P1MN是等边三角形,∴MN=P1M.∵P1M=OP1sin∠MOP1=2×sin60°=3,∴MN=3;②设四边形PMON的外接圆为⊙O′,连接NO′并延长,交⊙O′于点Q,连接QM,如图三,则有∠QMN=90°,∠MQN=∠MPN=60°,在Rt△QMN中,sin∠MQN=MNQN,∴MN=QN•sin∠MQN,∴MN=OP•s in∠MQN=2×sin60°=2×32=3,∴MN是定值.(4)由(3)②得MN=OP•sin∠MQN=2sin∠MQN.当直径AB与CD相交成90°角时,∠MQN=180°﹣90°=90°,MN取得最大值2.考点:圆的综合题;定值问题;最值问题;动点型;阅读型;探究型;综合题;压轴题.。