第十一讲 立体几何(一) 平行与垂直.
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。
第十一讲立体几何(一)平行与垂直
【内容要点】
垂直与平行是高考的重点内容之一,考查内容灵活多样.本节主要帮助考生深刻理解线面平行与垂直、面面平行与垂直的判定与性质,并能利用它们解决一些问题.
直线与平面是立体几何的核心内容,主要包括:三条公理、三个推论、三线平行公理(公理4)、三垂线定理及其逆定理、三种位置关系(直线与直线、直线与平面、平面与平面)。其中“平行问题”与“垂直问题”是两类重要的证明问题。
【例题剖析】
例1. 如图,已知平面α∥β∥γ,A,C∈α,B,D∈γ,异面直线AB和CD分别与β交于E和G,连结AD和BC分别交β于F,H.
(2)判断四边形EFGH是哪一类四边形;
(3)若AC=BD=a,求四边形EFGH的周长.
需经过分别与AB(或CD)共面的直线(例如AD)进行过渡,再利用平面几何知识达到论证的目标。
(2)在(1)的基础上,不难判断EFGH四边形的类型。
(3)利用(1)、(2)的结果再进一步进行探索。
解:(1)由AB,AD确定的平面,与平行平面β和γ的交线分别为
(2)面CBD分别交β,γ于HG和BD.由于β∥γ,所以HG∥BD.同理EH∥AC.故EFGH为平行四边形。
评述此问题的最终解决都是利用平面几何的有关知识进行的,这里利用了辅助平面ABD和ADC是关键所在,本题也是利用线面、面面、线线平行的互相转化这一基本思想得到最后结果的.
例2. 正方形ABCD和正方形ABEF所在平面互相垂直,点M,N分别在对角线AC和BF上,且AM=FN 求证:MN∥平面BEC
分析:证线面平行⇐线线平行,需找出面BEC中与MN平行的直线。
证明(一):作NK∥AB交BE于K,作MH∥AB交BC于H
∴MH∥NK
∵ABCD与ABEF是两个有公共边AB的正方形
∴它们是全等正方形
∵AM=FN ∴CM=BN
又∠HCM=∠KBN,∠HMC=∠KNB
∴△HCM≌△KBN ∴MH=NK
∴MHKN是平行四边形∴MN∥HK
∵HK⊂平面BEC MN⊄平面BEC
∴MN∥平面BEC
证明(二):分析:利用面面平行⇒线面平行
过N作NP∥BE,连MP,∵NP∥AF
∴FN/FB=AP/AB
∵AM=FN,AC=BF
∴FN/FB=AM/AC ∴AP/AB=AM/AC
∴MP∥BC ∴平面MNP∥平面BCE
∴MN∥平面BCE
解题中经常需要作互相平行的直线,为了使作直线的位置符合要求,构造成平行四边形,利用平行四边形对边这一关系是作平行线的依据之一。
例3.正方体ABCD—A1B1C1D1中,MN是异面直线A1D与AC的公垂线段,求证:MN//BD1。
分析:由于MN⊥A1D且MN⊥AC联想到线面平行的性质定理,只需证明MN⊥平面α,且BD1⊥平面α,为此在图形中发现满足该要求的平面α,由直觉猜测平面ACB1,即是要找的α,再予以验证即可,这似乎容易证明。
证明:连结AB 1,CB 1
D D A B C D
1⊥平面, ∴DB D B ABCD 是在平面上的射影1
而平面,且,由三垂线定理,有AC ABCD AC DB ⊂⊥ D B AC D B B C 111⊥⊥,同理可证
∴⊥D B A C B
111平面()
B C A D MN A D 111//,而⊥ ∴⊥MN B C 1 又 MN AC ⊥
∴⊥MN ACB 平面()1
2 由(1)(2)及线面垂直的性质定理,知MN//BD 1。
[注]本题看似平行问题,但要利用线面垂直的判定,性质定理,说明了平行问题与垂直问题的紧密联系。
例4.如图,已知平面 α,β,γ,α⊥γ,β⊥γ,且α∩β=m ,求证m ⊥γ.
分析:可用直接证法,即在γ内找出两条直线,使之都与m 垂直即可,由于已知α⊥γ,β⊥γ,这样的直线是可以找到的;也可用间接证法,即用反证法或同一法均可以得到证明,这是因为两个平面相交时,只有一条公共的直线.
作PA ⊥a 于A ,PB ⊥b 于B ,因为α⊥γ、β⊥γ,所以PA ⊥α,PB ⊥β,α∩β=m ,故PA ⊥m ,PB ⊥m ,因此m ⊥γ.
是m ,故m ⊥γ.
评述 ①证法一是通过m 垂直于γ内两相交直线来实施m ⊥γ的结论;而证法二是用同一法进行证明.本题也可用反证法进行证明.
②本题是很容易证明的正确命题,而不是定理,因此在做解答题时,不能作为论证的依据而使用.
例5. 已知:a ,b 是两条异面直线,a ⊥α,b ⊥β,α∩β=l ,AB 是a ,b 共垂线,交a 于A ,交b 于B
求证:AB ∥
l
证明(一):(利用线面垂直的性质定理) 过A 作b1∥b ,则a ,b1可确定一平面γ ∵AB 是异面垂线的公垂线, 即AB ⊥a ,AB ⊥b ∴AB ⊥b 1 ∴AB ⊥γ
∵a ⊥α,b ⊥β,α∩β=l ∴l ⊥a ,l ⊥b ∴l ⊥b 1 ∴l ⊥r ∴AB ∥l
证明(二):(利用同一平面内垂直于同一直线的两条直线互相平行)。
A
B
b a
m n
l
α
β
γ
g
∵AB 是异面直线a ,b 的公垂线,过AB 与a 作平面γ,γ∩α=m ∵a ⊥α ∴a ⊥m 又a ⊥AB ,AB ⊂γ
∴m∥AB
又过AB作平面g,g∩β=n
同理:n∥AB
∴m∥n,于是有m∥β
又α∩β=l ∴m∥l
∴AB∥l
例6.如图,已知ABCD为矩形,PA⊥面ABCD,M、N分别为AB和PC的中点。
(1)求证MN⊥CD;(2)若PA=AD,求证面MND⊥面PDC.
分析:(1)显然CD与MN是异面直线,证明其垂直的途径有二,其一是直接利用三垂线定理或其逆定理,其二是利用三垂线定理的证明方法,即通过线面垂直来证明线线垂直。
(2)证明面面垂直的基本方法就是证明一个面经过另一个面的一条垂线。由(1)已证明了MN⊥CD,只需再证明MN⊥PC即可。
(1)证法一:如图,连AC,过N作NO⊥AC于O,因为PA⊥面ABCD,故PA⊥AC。因而PA∥NO,所以NO⊥面ABCD。且由N为PC中点知O为AC中点,即矩形ABCD的中心,OM为MN在面ABCD内的射影。显然OM⊥AB,所以MN⊥AB(三垂线定理),因为AB∥CD,所以MN⊥CD。
证法二:取DC的中点E。因为N是PC中点,所以NE∥PD。ME∥AD。因此ME⊥DC.又因为PA⊥面ABCD,AD⊥DC。故
PD
所以MN⊥DC.
(2)证法一:如图,连PM,MC.由PA=AD=BC,AM=MB,PA⊥AM,MB⊥BC,可知PM=MC.又由N为PC中点,知MN⊥PC.由(1)MN⊥DC,所以MN⊥面PDC.因而面MND⊥面PDC